1975: [Sdoi2010]魔法猪学院

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iPig在假期来到了传说中的魔法猪学院,开始为期两个月的魔法猪训练。经过了一周理论知识和一周基本魔法的学习之后,iPig对猪世界的世界本原有了很多的了解:众所周知,世界是由元素构成的;元素与元素之间可以互相转换;能量守恒……。 能量守恒……iPig 今天就在进行一个麻烦的测验。iPig 在之前的学习中已经知道了很多种元素,并学会了可以转化这些元素的魔法,每种魔法需要消耗 iPig 一定的能量。作为 PKU 的顶尖学猪,让 iPig 用最少的能量完成从一种元素转换到另一种元素……等等,iPig 的魔法导猪可没这么笨!这一次,他给 iPig 带来了很多 1 号元素的样本,要求 iPig 使用学习过的魔法将它们一个个转化为 N 号元素,为了增加难度,要求每份样本的转换过程都不相同。这个看似困难的任务实际上对 iPig 并没有挑战性,因为,他有坚实的后盾……现在的你呀! 注意,两个元素之间的转化可能有多种魔法,转化是单向的。转化的过程中,可以转化到一个元素(包括开始元素)多次,但是一但转化到目标元素,则一份样本的转化过程结束。iPig 的总能量是有限的,所以最多能够转换的样本数一定是一个有限数。具体请参看样例。

Input

第一行三个数 N、M、E 表示iPig知道的元素个数(元素从 1 到 N 编号)、iPig已经学会的魔法个数和iPig的总能量。 后跟 M 行每行三个数 si、ti、ei 表示 iPig 知道一种魔法,消耗 ei 的能量将元素 si 变换到元素 ti 。

Output

一行一个数,表示最多可以完成的方式数。输入数据保证至少可以完成一种方式。

Sample Input

4 6 14.9
1 2 1.5
2 1 1.5
1 3 3
2 3 1.5
3 4 1.5
1 4 1.5

Sample Output

3

HINT

样例解释
有意义的转换方式共4种:
1->4,消耗能量 1.5
1->2->1->4,消耗能量 4.5
1->3->4,消耗能量 4.5
1->2->3->4,消耗能量 4.5
显然最多只能完成其中的3种转换方式(选第一种方式,后三种方式仍选两个),即最多可以转换3份样本。
如果将 E=14.9 改为 E=15,则可以完成以上全部方式,答案变为 4。

数据规模
占总分不小于 10% 的数据满足 N <= 6,M<=15。
占总分不小于 20% 的数据满足 N <= 100,M<=300,E<=100且E和所有的ei均为整数(可以直接作为整型数字读入)。
所有数据满足 2 <= N <= 5000,1 <= M <= 200000,1<=E<=107,1<=ei<=E,E和所有的ei为实数。

Source

 
 
题解:这道题目就是求一个估价函数,估价函数为到终点的最近距离,
所以开始倒着求一次最短路,然后正着A*搜索就可以了。
 
 #include<cstdio>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<queue>
#define N 5007
#define M 200007
#define inf 100000007
using namespace std; int n,m,S,T,ans;double e;
int x[M],y[M],q[N];double z[M];
int cnt,head[N],next[M],rea[M];double val[M];
double dis[N];bool ins[N];
struct fzy
{
int whe;
double g;
};
bool operator<(fzy x,fzy y)
{
return x.g+dis[x.whe]>y.g+dis[y.whe];
}
priority_queue<fzy>qh; void add(int u,int v,double fee)
{
next[++cnt]=head[u],head[u]=cnt;
rea[cnt]=v,val[cnt]=fee;
}
void Spfa_init()
{
for (int i=;i<=n;i++)
dis[i]=inf,ins[i]=;
int st=,ed=;
q[]=T,ins[T]=,dis[T]=;
while(st!=ed)
{
st=st%n+;
int u=q[st];
for (int i=head[u];i!=-;i=next[i])
{
int v=rea[i];double fee=val[i];
if (dis[v]>dis[u]+fee)
{
dis[v]=dis[u]+fee;
if(!ins[v])
{
ins[v]=;
ed=ed%n+;
q[ed]=v;
}
}
}
ins[u]=;
}
}
void Solve()
{
qh.push((fzy){S,});
while(!qh.empty())
{
fzy now=qh.top();qh.pop();
int u=now.whe;double fee=now.g;
if (u==T)
{
e-=fee;
if (e<) return;
ans++;
}
else
{
if (fee+dis[u]>e) continue;
for (int i=head[u];i!=-;i=next[i])
qh.push((fzy){rea[i],fee+val[i]});
}
}
}
int main()
{
cnt=;
memset(head,-,sizeof(head));
scanf("%d%d%lf",&n,&m,&e);
for (int i=;i<=m;i++)
{
scanf("%d%d%lf",&x[i],&y[i],&z[i]);
add(y[i],x[i],z[i]);
}
S=,T=n;
Spfa_init();
cnt=;
memset(head,-,sizeof(head));
for (int i=;i<=m;i++) add(x[i],y[i],z[i]);
Solve();
printf("%d\n",ans);
}

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