hdu 5230 整数划分 dp

题目：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5230

题意：给定n,c,l,r。求有多少种方法从1~n-1选取任意k数每个数的权重为其下标，使得这些数字之和加上c之后在l,r范围内。

题解：第一反应是计数01包，但是范围给定的n太大，TLE。。。 然后仔细想想，不就是求l~r范围内不重复的整数划分数嘛。

dp[i][j]表示j这个数字，当前的拆分拥有i个拆分数时的方案数。

先考虑允许重复数字 ： dp[i][j] = dp[i][j - i] + dp[i - 1][j - 1];

考虑分成两类，

1、dp[i][j - i]：这种拆分方案（拥有i个数字的拆分方案），如果没有1，就比如7 = 3 + 4这样，然后每个数字都加上一，

就变成了9 = 5 + 4。所以dp[2][9]可以由dp[2][7]转化过来。当然7 = 1 + 6也是合法解。

2、dp[i - 1][j - 1]：这种拆分方案有1，比如4 = 3 + 1，那么我可以截去那个1，变成3 = 3，然后加上最后那个1，就变成了

4 = 3 + 1，所以dp[2][4]可以由dp[1][3]转化过来。

这里提供了一种思维--对数字的组合分类以及每个数都+1的状态转移。这里对是否有1存在做了一个分类。仿照这个思想我们去定义新的dp[i][j].

dp[i][j]表示j这个数字，当前的拆分拥有i个不重复拆分数时的方案数。

按照上述的思维：

(a) 当不存在1的时候，dp[i][j]可以由dp[i][j-i]转移而来；

(b) 当存在1的时候，由于dp的定义只存在一个1。那么我们把这个1单独拎出来，然后对剩下的i-1分成j-i组 dp[i][j]=dp[i-1][j-i];

综合上述的两种情况：dp[i][j] = dp[i][j - i] + dp[i - 1][j - i];

当这里，这道题目还是没法ac。。。因为如果我们用普通的方法去求解这个dp，内存吃不住的，用滚动数组优化一下。

（真心不容易，，，还有一些细节要处理）

ac_code:

#include <cstdio>
#include <iostream>
#include <cstring>
#define mt(a) memset(a,0,sizeof(a))
using namespace std;
typedef long long ll;
int dp[][];
const int mod=;
int main()
{
    int t;
    scanf("%d",&t);
    while(t--)
    {
        int n,c,l,r;
        scanf("%d %d %d %d",&n,&c,&l,&r);
        mt(dp);
        if(c>r)
        {
            cout<<<<endl;
            continue;
        }
        dp[][]=;
        int L=l-c;
        int R=r-c;
        int ans= (L==);// 对0的情况做一个特判断
        L=max(,L);
        //R=max(n-1,R);
        int now=;
        for(int i=;i*(i+)/ <= max(R,n-);i++)// 个数 由于是从1开始枚举 那么枚举i个数字的和最小为 i*(i+1)/2   还有就是能取的上限也要注意
        {
            for(int j=i*(i+)/;j<=R;j++) // 分数  同上，从最小的开始，优化
            {
                dp[now][j]=(dp[now][j-i]+dp[!now][j-i])%mod; // 滚动数组
                if(j>=L && j<=R)
                {
                    ans+=dp[now][j];
                    ans%=mod;
                }
            }
            memset(dp[!now],,sizeof(dp[!now]));
            now=!now;
        }
        printf("%d\n",ans);
    }
    return ;
}