hdu 5438 Ponds 拓扑排序
Ponds
Time Limit: 1 Sec
Memory Limit: 256 MB
题目连接
http://acm.hdu.edu.cn/contests/contest_showproblem.php?pid=1001&cid=621
Description
Betty owns a lot of ponds, some of them are connected with other ponds by pipes, and there will not be more than one pipe between two ponds. Each pond has a value v.
Now Betty wants to remove some ponds because she does not have enough money. But each time when she removes a pond, she can only remove the ponds which are connected with less than two ponds, or the pond will explode.
Note that Betty should keep removing ponds until no more ponds can be removed. After that, please help her calculate the sum of the value for each connected component consisting of a odd number of ponds
Input
The first line of input will contain a number T(1≤T≤30) which is the number of test cases.
For each test case, the first line contains two number separated by a blank. One is the number p(1≤p≤104) which represents the number of ponds she owns, and the other is the number m(1≤m≤105) which represents the number of pipes.
The next line contains p numbers v1,...,vp, where vi(1≤vi≤108) indicating the value of pond i.
Each of the last m lines contain two numbers a and b, which indicates that pond a and pond b are connected by a pipe.
Output
For each test case, output the sum of the value of all connected components consisting of odd number of ponds after removing all the ponds connected with less than two pipes.
Sample Input
1
7 7
1 2 3 4 5 6 7
1 4
1 5
4 5
2 3
2 6
3 6
2 7
Sample Output
HINT
题意
给你一个图,然后要求把度数小于2的点全部删去,然后问你奇数集合的点权和是多少
注意,你删去了一个点之后,可能会使得一些点又变成了度数小于2的
题解:
用类似拓扑排序的思想去做就ok啦
代码:
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <vector>
#include <queue> using namespace std; const int N=;
long long a[N],ans;
int n,m,T,cnt,ok[N],vis[N],pre[N],nxt[N],to[N],tot[N],col;
vector<int> s[N];
queue<int> q; void dfs(int x,int fa)
{
s[col].push_back(x);
ok[x]=;
for(int p=pre[x];p!=-;p=nxt[p])
{
if((!vis[p])||(!ok[to[p]])) continue;
if(p==(fa^)) continue;
dfs(to[p],p);
}
}
void makeedge(int x,int y)
{
to[cnt]=y;nxt[cnt]=pre[x];pre[x]=cnt++;
to[cnt]=x;nxt[cnt]=pre[y];pre[y]=cnt++;
} int main()
{
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
memset(tot,,sizeof(tot));
memset(pre,-,sizeof(pre));
memset(ok,,sizeof(ok));
memset(vis,,sizeof(vis));
ans=0LL;cnt=;
scanf("%d%d",&n,&m);
for(int i=;i<=n;i++)
{
scanf("%I64d",&a[i]);
}
for(int i=;i<m;i++)
{
int x,y;
scanf("%d%d",&x,&y);
tot[x]++;tot[y]++;
makeedge(x,y);
}
while(!q.empty()) q.pop();
for(int i=;i<=n;i++)
{
if(tot[i]<)
{
q.push(i);
}
}
while(!q.empty())
{
int x=q.front();
q.pop();
ok[x]=;
for(int p=pre[x];p!=-;p=nxt[p])
{
vis[p]=;
tot[x]--;
tot[to[p]]--;
if(ok[to[p]]&&tot[to[p]]<)
{
q.push(to[p]);
}
}
}
col=;
for(int i=;i<=n;i++)
{
col++;
s[col].clear();
if(ok[i])
{
dfs(i,cnt+);
if(s[col].size()%==)
{
for(int j=;j<s[col].size();j++)
{
ans+=a[s[col][j]];
}
}
}
}
printf("%I64d\n",ans);
}
return ;
}
hdu 5438 Ponds 拓扑排序的更多相关文章
- hdu 5438(类似拓扑排序)
Ponds Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)Total Sub ...
- HDU.2647 Reward(拓扑排序 TopSort)
HDU.2647 Reward(拓扑排序 TopSort) 题意分析 裸的拓扑排序 详解请移步 算法学习 拓扑排序(TopSort) 这道题有一点变化是要求计算最后的金钱数.最少金钱值是888,最少的 ...
- HDU - 5438 Ponds(拓扑排序删点+并查集判断连通分量)
题目: 给出一个无向图,将图中度数小于等于1的点删掉,并删掉与他相连的点,直到不能在删为止,然后判断图中的各个连通分量,如果这个连通分量里边的点的个数是奇数,就把这些点的权值求和. 思路: 先用拓扑排 ...
- hdu 5438 Ponds(长春网络赛 拓扑+bfs)
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5438 Ponds Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others) ...
- ACM: hdu 2647 Reward -拓扑排序
hdu 2647 Reward Time Limit:1000MS Memory Limit:32768KB 64bit IO Format:%I64d & %I64u Des ...
- HDU 2647 Reward (拓扑排序)
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=2647 题意是给你n点m条有向边,叶子点(出度为0)上的值为888,父亲点为888+1,依次计算... ...
- HDU5438:Ponds(拓扑排序)
Ponds Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)Total Sub ...
- HDU 5438 Ponds
Ponds Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others) Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)Total Sub ...
- hdu 4857 逃生 拓扑排序+PQ,剥层分析
pid=4857">hdu4857 逃生 题目是求拓扑排序,但不是依照字典序最小输出,而是要使较小的数排在最前面. 一開始的错误思路:给每一个点确定一个优先级(该点所能到达的最小的点) ...
随机推荐
- Oracle EBS PO 收接事处理状态待定或错误
PO接收后,发现在没有接收成功.在"事务处理状态汇总"查找到不是"待定"就是"错误",如下图: 对于事务处理状态"待定&quo ...
- eclipse 中创建maven web项目
Maven的Eclipse插件m2eclipse在线安装地址 http://m2eclipse.sonatype.org/sites/m2e:我又试了link方式安装也没什么作用,不知怎么回事? 还有 ...
- Switch基本知识
关于java中switch使用的一些说明 switch(表达式){case 常量表达式1:语句1;....case 常量表达式2:语句2;default:语句;}default就是如果没有符合的cas ...
- 设计模式 - observer
简单来讲,就是observer依赖于subject,当subject发生变化时,observer得到通知,并将状态与subject同步,常来用于维护对象间状态的一致性. observer的工作过程大体 ...
- HAOI2006受欢迎的牛
求出强联通分量之后判断出度为0的点有几个,有1个就输出这个分量的点的数目,否则输出0: var i,j,n,m,x,y,ans1,ans2,t,cnt,top:longint; head,next,g ...
- JXL解析Excel表格内容到数据库
java中常用的解析Excel表格的工具一种是POI一种是JXL,POI功能强大,相比JXL稍嫌复杂,对表格样式的处理非常好:而JXL解析简单方便,对中文支持比较好. 工作中解析Excel内容上传到数 ...
- FAT32文件系统--For TF卡
1. TF卡空间是如何分配的? 下面以4GB TF卡为例,通过WinHex工具进行分析,其空间分配如下图所示: FAT32把目录当做文件来管理,所以没有独立的目录区,所有的文件目录项都是在数据区里面的 ...
- Cgroups概述
1. Cgroups是什么? 从 2.6.24 版本开始,linux 内核提供了一个叫做 Cgroups的特性.Cgroups是control groups的缩写,是一种可以限制.记录.隔离进程组(p ...
- POJ 1947-Rebuilding Roads(树形背包)
题意: 一个树求得到一个节点数为p的子树,最小需要删除的边数. 分析:父节点到儿子这条边,删或不删,背包问题. #include <map> #include <set> #i ...
- C语言断言
1.概述 断言是对某种假设条件进行检查(可理解为若条件成立则无动作,否则应报告),它可以快速发现并定位软件问题,同时对系统错误进行自动报警.断言可以对在系统中隐藏很深,用其它手段极难发现的问题进行定位 ...