23-25 October in 614
Practice
sort
给定一系列形如 \(A<B\) 的不等关系,判断前 \(k\) 个不等关系是否即可确定 \(n\) 个元素之间的大小顺序;如果不可确定,判断前 \(k\) 个不等关系是否即存在矛盾。
例如:
[input 1]
4 6
A<B
A<C
B<C
C<D
B<D
A<B [output 1]
Sorted sequence determined after 4 relations: ABCD. [input 2]
3 2
A<B
B<A [output 2]
Inconsistency found after 2 relations. [input 3]
26 1
A<Z [output 3]
Sorted sequence cannot be determined.
利用拓扑序判断:
当没有点入度为 0,或当最终入队的点的个数 \(< n\) 时,不等关系存在矛盾。
当有不止一个点入度为 0,或当取同一个队首 \(u\) 时有不止一个 \(v\) 的入度变为 0 时,不等关系不足以推定所有元素顺序。
否则,拓扑序即为元素顺序。
总的来说,思路须要理清才能完整无误地写出程序。
/* P1347 排序
* Au: GG
*/
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#include <queue>
using namespace std;
int n, m, ans, t;
char buf[6], lst[30];
int head[30], nex[900], to[900], d[30], du[30];
inline void add(int x, int y) {
nex[++head[0]]=head[x], head[x]=head[0], to[head[0]]=y;
++du[y];
}
inline int toposort() {
memcpy(d, du, sizeof du);
memset(lst, 0, sizeof lst);
queue<int> q;
int p=0, pp=0, cnt=0, res=0;
for (int i=1; i<=n; i++) if (!d[i]) q.push(i), ++p;
if (p>1) res=2;
while (!q.empty()) {
int now=q.front(); q.pop(); pp=0, ++cnt, lst[++lst[0]]='A'+now-1;
for (int k=head[now]; k; k=nex[k]) {
if (--d[to[k]]==0) {
q.push(to[k]);
if (pp++) res=2;
}
}
}
if (cnt<n) return 1;
return res;
}
int main() {
scanf("%d%d", &n, &m);
for (int i=1; i<=m; i++) {
scanf("%s", buf), add(buf[0]-'A'+1, buf[2]-'A'+1);
ans=toposort();
if (ans<2) {t=i; break; }
}
if (!ans) printf("Sorted sequence determined after %d relations: %s.\n", t, lst+1);
else if (ans<2) printf("Inconsistency found after %d relations.\n", t);
else printf("Sorted sequence cannot be determined.\n");
return 0;
}
[POI2012] HUR-Warehouse Store
\(n\) 天。第 \(i\) 天上午会进货 \(A_i\) 件商品,中午的时候会有顾客需要购买 \(B_i\) 件商品,可以选择满足顾客的要求,或是无视掉他。如果要满足顾客的需求,就必须要有足够的库存。问最多能够满足多少个顾客的需求。
贪心。思路不难。
注意 priority_queue
默认为大根堆,所以实现大根要定义小于关系,实现小根要定义大于关系。(被坑了)
/* [POI2012]HUR-Warehouse Store
* Au: GG
*/
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <queue>
using namespace std;
#define ll long long
int n, a[250003], b[250003], ans, cnt;
ll tot;
struct node {
int id, val;
bool operator < (const node& A) const {return val<A.val; }
};
priority_queue<node> q;
int main() {
scanf("%d", &n);
for (int i=1; i<=n; i++) scanf("%d", &a[i]);
for (int i=1; i<=n; i++) scanf("%d", &b[i]);
for (int i=1; i<=n; i++) {
tot+=a[i];
if (tot>=b[i]) tot-=b[i], ++ans, q.push((node) {i, b[i]});
else if (!q.empty() && q.top().val>b[i]) tot+=q.top().val-b[i], q.pop(), q.push((node) {i, b[i]});
}
printf("%d\n", ans);
while (!q.empty()) a[++cnt]=q.top().id, q.pop();
sort(a+1, a+cnt+1);
for (int i=1; i<=cnt; i++) printf("%d ", a[i]);
return 0;
}
password
给定三个数 \(n\)、\(a\)、\(b\),\(x\)、\(y\) 满足下面的一些条件:
- $x \operatorname{and} y=y $;
- \((ax+by) \operatorname{xor} (ay+bx)\) 最大;
- \(1\le x,y\le n\)。
求 \(x\) 和 \(y\)。其中:and 表示按位与,xor 表示按位异或。
显然,二进制下 \(y\subseteq x\)。所以只需要枚举 \(x\),\(y\) 用生成子集的方法(如下)。
for (int x=1; x<=n; x++)
for (int y=x; y; y=(y-1)&x) { // 生成子集(不包括空集)
calc=(a*y+b*x)^(a*x+b*y);
if (calc>ans) ans=calc, ax=x, ay=y;
}
最大边权最小的最短路
图 \(G=(V,E)\) 是无向图,每条边 \(E_i\) 有一个边权 \(W_i\)。 要求以起点为 \(s\),终点为 \(t\),寻找一条路径,使路径上最大的边权 \(W_\max\) 最小。
Floyd 算法,状态转移方程改为:
\]
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