题目:

http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2653


题解:

设答案为ans,把大于等于ans的记为1,小于的记为-1,这样可以知道当前ans是大了还是小了

然后二分答案,就是求最大子段和的问题,根据网上的题解:[b,c]是必选的,然后选[a,b]和[c,d]的最大字段和就行了

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define N 20010
using namespace std;
int sz,q,root[N],ls[N*],rs[N*],sum[N*],lm[N*],rm[N*],n,m,b[],lastans;
struct node
{
int p,v;
}a[N];
bool cmp(node a,node b)
{
return a.v<b.v;
}
void update(int k)
{
sum[k]=sum[ls[k]]+sum[rs[k]];
lm[k]=max(lm[ls[k]],sum[ls[k]]+lm[rs[k]]);
rm[k]=max(rm[rs[k]],sum[rs[k]]+rm[ls[k]]);
}
void build(int &rt,int l,int r)
{
rt=++sz;
int mid=l+r>>;
if (l==r)
{
sum[rt]=lm[rt]=rm[rt]=;
return;
}
build(ls[rt],l,mid);
build(rs[rt],mid+,r);
update(rt);
}
void insert(int x,int l,int r,int &y,int p,int v)
{
y=++sz;
ls[y]=ls[x];
rs[y]=rs[x];
if (l==r)
{
sum[y]=lm[y]=rm[y]=v;
return;
}
int mid=(l+r)>>;
if (p<=mid) insert(ls[x],l,mid,ls[y],p,v);
else insert(rs[x],mid+,r,rs[y],p,v);
update(y);
}
int que1(int k,int l,int r,int ll,int rr)
{
if (ll==l&&r==rr) return sum[k];
int mid=(l+r)>>;
if (rr<=mid) return que1(ls[k],l,mid,ll,rr);
else if (ll>mid) return que1(rs[k],mid+,r,ll,rr);
else return que1(ls[k],l,mid,ll,mid)+que1(rs[k],mid+,r,mid+,rr);
}
int que2(int k,int l,int r,int ll,int rr)
{
if (ll==l&&r==rr) return rm[k];
int mid=(l+r)>>;
if (rr<=mid) return que2(ls[k],l,mid,ll,rr);
else if (ll>mid) return que2(rs[k],mid+,r,ll,rr);
else return max(que2(rs[k],mid+,r,mid+,rr),que1(rs[k],mid+,r,mid+,rr)+que2(ls[k],l,mid,ll,mid));
}
int que3(int k,int l,int r,int ll,int rr)
{
if (ll==l&&r==rr) return lm[k];
int mid=(l+r)>>;
if (rr<=mid) return que3(ls[k],l,mid,ll,rr);
else if (ll>mid) return que3(rs[k],mid+,r,ll,rr);
else return max(que3(ls[k],l,mid,ll,mid),que1(ls[k],l,mid,ll,mid)+que3(rs[k],mid+,r,mid+,rr));
}
bool judge(int k,int a,int b,int c,int d)
{
int temp();
if (c->b) temp+=que1(root[k],,n-,b+,c-);
temp+=que2(root[k],,n-,a,b);
temp+=que3(root[k],,n-,c,d);
return temp>=;
}
int main()
{
scanf("%d",&n);
for (int i=; i<n; i++)
{
scanf("%d",&a[i].v);
a[i].p=i;
}
sort(a,a+n,cmp);
build(root[],,n-);
for (int i=; i<n; i++)insert(root[i-],,n-,root[i],a[i-].p,-);
scanf("%d",&q);
for (int i=; i<=q; i++)
{
scanf("%d%d%d%d",&b[],&b[],&b[],&b[]);
for (int j=; j<; j++) b[j]=(b[j]+lastans)%n;
sort(b,b+);
int l=,r=n-,x;
while (l<=r)
{
int mid=(l+r)>>;
if (judge(mid,b[],b[],b[],b[])) x=mid,l=mid+;
else r=mid-;
}
lastans=a[x].v;
printf("%d\n",lastans);
}
}

BZOJ 2653 middle | 主席树的更多相关文章

  1. bzoj 2653: middle (主席树+二分)

    2653: middle Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSubmit: 2522  Solved: 1434[Submit][Status][Disc ...

  2. bzoj 2653 middle(主席树)

    题面:https://vjudge.net/problem/HYSBZ-2653 博客:https://blog.csdn.net/litble/article/details/78984846 这个 ...

  3. BZOJ 2653: middle(主席树+二分答案)

    传送门 解题思路 首先可以想到一种暴力做法,就是询问时二分,然后大于等于这个值的设为1,否则设为-1,然后就和GSS1那样统计答案.但是发现这样时间空间复杂度都很爆炸,所以考虑预处理,可以用主席树来做 ...

  4. BZOJ 2653: middle 主席树 二分

    https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=2653 因为是两个方向向外延伸所以不能对编号取前缀和(这里只有前缀和向后传递的性质,不是实际意义的和 ...

  5. BZOJ 2653: middle [主席树 中位数]

    传送门 题意: 一个长度为n的序列a,设其排过序之后为b,其中位数定义为b[n/2],其中a,b从0开始标号,除法取下整.给你一个 长度为n的序列s.回答Q个这样的询问:s的左端点在[a,b]之间,右 ...

  6. [BZOJ 2653] middle(可持久化线段树+二分答案)

    [BZOJ 2653] middle(可持久化线段树+二分答案) 题面 一个长度为n的序列a,设其排过序之后为b,其中位数定义为b[n/2],其中a,b从0开始标号,除法取下整. 给你一个长度为n的序 ...

  7. bzoj 2653 middle 二分答案 主席树判定

    判断中位数是否可行需要将当前的解作为分界,大于其的置为1,小于为-1,然后b-c必选,ab,cd可不选,这个用线段树判定就好 但不能每次跑,所以套主席树,按权值排序,构建主席树,更新时将上一个节点改为 ...

  8. BZOJ 2653 middle 二分答案+可持久化线段树

    题目大意:有一个序列,包含多次询问.询问区间左右端点在规定区间里移动所得到的最大中位数的值. 考虑对于每个询问,如何得到最优区间?枚举显然是超时的,只能考虑二分. 中位数的定义是在一个序列中,比中位数 ...

  9. [BZOJ2653]middle 主席树+二分

    2653: middle Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSubmit: 2042  Solved: 1123[Submit][Status][Disc ...

随机推荐

  1. 使用工具Android Studio实现一个简单的Android版的新闻APP

    目的: 这是我学完Android课程后所写的一个小的.简单版的新闻APP 技术概要: 用到了SQLite数据库,用它来存储每篇新闻下的评论 新闻的来源是新浪新闻,我通过使用Fiddler来对新浪新闻A ...

  2. 泉五培训Day2

    T1 旅游 题目 [题目描述] 幻想乡有n个景点(从1开始标号),有m条双向的道路连在景点之间,每条道路有一个人气值d,表示这条道路的拥挤程度.小G不会经过那些人气值大于x的道路,她想知道有多少对景点 ...

  3. a链接打开另外的新页面

    在a标签添加target = "_blank" 属性即可

  4. JAVA / MySql 编程—— 第三章 高级查询(一)

    1.        修改表: (1)修改表名语法: ALTER TABLE <旧表名> RENAME [ TO ] <新表名>: 注意:其中[TO]为可选参数,使用与否不影响结 ...

  5. C++指针之间的赋值与转换规则总结

    C++指针之间的赋值与转换规则总结 Note:以下结论不适用于类的成员函数指针,关于类的成员函数指针会单独讨论. 一.任何类型的指针变量均可直接赋值给const void * 任何类型的非const指 ...

  6. zookeeper集群(二)

    经过前一篇文章<zookeeper伪集群一>的阅读,相信大家对zookeeper集群已经有一定的了解了,接下来我们再谈谈zookeeper真集群.其实真集群和伪集群还是有很多相似的部分的, ...

  7. auto用法

    在C++11中,如果编译器在定义一个变量的时候可以推断出变量的类型,不用写变量的类型,你只需写auto即可. 第一种用法:自动推到内置类型 int x = 100; //C++ 11 auto x = ...

  8. 适配IE8+等浏览器的适配播放插件

    function myBrowser(){ var userAgent = navigator.userAgent; //ȡ���������userAgent�ַ� var isOpera = us ...

  9. Android 中的反调试技术

    比较简单的有下面这两种 调试端口检测, 23946(0x5D8A) Demo: void CheckPort23946ByTcp() { FILE* pfile=NULL; char buf[0x10 ...

  10. TouTiao开源项目 分析笔记4==>一个简单APP 整体常用框架

    1.效果预览 1.1.如下图所以,到目前为止所有的功能. 2.从InitApp开始->SplashActivity->MainActivity 2.1.InitApp源代码.这是整个项目的 ...