BJWC2018上学路线
题目描述
小B 所在的城市的道路构成了一个方形网格,它的西南角为(0,0),东北角为(N,M)。
小B 家住在西南角,学校在东北角。现在有T 个路口进行施工,小B 不能通过这些路口。小B 喜欢走最短的路径到达目的地,因此他每天上学时都只会向东或北行走;而小B又喜欢走不同的路径,因此他问你按照他走最短路径的规则,他可以选择的不同的上学路线有多少条。由于答案可能很大,所以小B 只需要让你求出路径数mod P 的值。
输入输出格式
输入格式:
第一行为四个整数N、M、T、P。
接下来的T 行,每行两个整数,表示施工的路口的坐标。
输出格式:
一行一个整数,表示路径数mod P 的值。
此题涉及到的数论知识有很多:扩展欧几里得算法、卢卡斯定理(组合数)、中国剩余定理(合并)。
当没有施工点时,答案即C(n+m,m)。
当有施工点时,考虑到j点能影响到i点当且仅当x[i]>=x[j]且y[i]>=y[j]时。影响的路径条数为f[i]=f[i]-f[j]*C(a[i].x-a[j].x+a[i].y-a[j].y,a[i].x-a[j].x),它的解释为:到j点的路径条数乘上j点到i点的路径条数。我们把所有符合条件的j都减去(思考一下这样为什么不会重复减去)。计算之前先sort一遍就可以了,对于取模,卢卡斯定理计算就好了。
但模数不是质数的情况,中国剩余定理合并即可。
Code
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#include<cstdio>
using namespace std;
long long mod,n,m,t,p,jie[],ni[],f[],x,y,a1,a2,a3,a4,ans;
struct fe
{
long long x,y;
}a[];
bool cmp(fe a,fe b)
{
return(a.x==b.x)?(a.y<b.y):(a.x<b.x);
}
long long lucas(long long n,long long m)
{
if(m>n)return ;
if(!m)return ;
if(n<mod)return jie[n]*ni[m]*ni[n-m]%mod;
return lucas(n%mod,m%mod)*lucas(n/mod,m/mod)%mod;
}
void exgcd(long long a,long long b)
{
if(!b)
{
x=;
y=;
return;
}
exgcd(b,a%b);
long long k=x;
x=y;
y=k-a/b*y;
}
long long work1()
{
memset(f,,sizeof(f));
ni[]=ni[]=;
jie[]=;
for(int i=;i<=mod;++i)
{
jie[i]=(jie[i-]*i)%mod;
ni[i]=(mod-mod/i)*ni[mod%i]%mod;
}
for(int i=;i<=mod;++i)
ni[i]=ni[i]*ni[i-]%mod;
for(int i=;i<=t;++i)
{
f[i]=lucas(a[i].x+a[i].y,a[i].x)%mod;
for(int j=;j<i;++j)
if(a[i].x>=a[j].x&&a[i].y>=a[j].y)f[i]=(f[i]-f[j]*lucas(a[i].x-a[j].x+a[i].y-a[j].y,a[i].x-a[j].x)%mod+mod)%mod;
}
return f[t];
}
long long bing(long long a,long long b,long long c)
{
x=;y=;
exgcd(a,c);
x=(x+c)%c;
return x*a%p*b%p;
}
int main()
{
cin>>n>>m>>t>>p;
for(int i=;i<=t;++i)scanf("%lld%lld",&a[i].x,&a[i].y);
a[++t].x=n,a[t].y=m;
sort(a+,a+t+,cmp);
if(p==)
{
mod=p;
cout<<work1();
}
else
{
mod=;a1=work1();
mod=;a2=work1();
mod=;a3=work1();
mod=;a4=work1();
ans=(ans+bing(p/,a1,))%p;//cout<<ans;
ans=(ans+bing(p/,a2,))%p;//<<ans;
ans=(ans+bing(p/,a3,))%p;//cout<<ans;
ans=(ans+bing(p/,a4,))%p;//cout<<ans;
cout<<ans;
}
return ;
}
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