题目:https://loj.ac/problem/3056

只会写暴搜。用哈希记忆化之类的。

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#include<map>
#define ll long long
using namespace std;
int rdn()
{
int ret=;bool fx=;char ch=getchar();
while(ch>''||ch<''){if(ch=='-')fx=;ch=getchar();}
while(ch>=''&&ch<='')ret=ret*+ch-'',ch=getchar();
return fx?ret:-ret;
}
const int N=,M=1e6+,bs=,md=1e9+,mod=1e9+,INF=M;
int upt(int x){while(x>=mod)x-=mod;while(x<)x+=mod;return x;} int W,n,lm,tot;
struct Dt{
int x,y;
Dt(int x=,int y=):x(x),y(y) {}
bool operator< (const Dt &b)const
{return x==b.x?y<b.y:x<b.x;}
bool operator== (const Dt &b)const
{return x==b.x&&y==b.y;}
}c[M];
struct Node{
Dt a[N];
void sort(){std::sort(a+,a+lm+);}
int hs()
{
int ret=;
for(int i=;i<=lm;i++)
{
ret=((ll)ret*bs+a[i].x)%md;
ret=((ll)ret*bs+a[i].y)%md;
}
return ret;
}
}s[N];
map<int,int> mp;
Node cz(Node u,Dt k)
{
int a=k.x,b=,c=k.y,d=;
for(int i=;i<=lm;i++)
{
Dt tp=u.a[i]; if(tp.x>a)break;
if(tp.x==a&&tp.y<c)b=tp.y;
if(tp.x==a&&tp.y>c&&!d)d=tp.y;
}
if(!b) b=a+;
if(!d)
{
int ty=;
for(int i=;i<=lm;i++)
if(u.a[i].x==a){ty=u.a[i].y;break;}
if(ty<a) d=ty; else d=(a==?n:a-);//ty<a!!!
}
if(b>d){u.a[].x=;return u;}///
for(int i=;i<=lm;i++)
{
Dt tp=u.a[i]; if(tp.x!=a||tp.y!=c)continue;
u.a[i].x=b; u.a[i].y=d;
for(int j=i+;j<=lm;j++)
if(u.a[j]<u.a[j-])swap(u.a[j],u.a[j-]);
for(int j=i-;j;j--)
if(u.a[j+]<u.a[j])swap(u.a[j],u.a[j+]);
}
return u;
}
Dt dfs(Node cr)
{
int h=cr.hs(); if(mp.count(h))return c[mp[h]];
Dt lj=Dt(INF,);
for(int i=;i<=lm;i++)
{
if(cr.a[i].y==n)continue;
Node to=cz(cr,cr.a[i]); if(!to.a[].x)continue;
Dt d=dfs(cz(cr,cr.a[i])); d.x++;
if(d.x==lj.x)lj.y=upt(lj.y+d.y);
else if(d.x<lj.x)lj=d;
}
if(lj.x==INF)lj=Dt(,);
mp[h]=++tot; return c[tot]=lj;
}
void solve()
{
lm=n-;
for(int i=,u,v;i<=lm;i++)
{
u=rdn(); v=rdn(); if(u>v)swap(u,v);
s[].a[i]=Dt(u,v);
}
s[].sort();
int m=rdn();
for(int i=,u,v;i<=m;i++)
{
u=rdn();v=rdn(); if(u>v)swap(u,v);
s[i]=cz(s[],Dt(u,v));
}
dfs(s[]);
for(int i=;i<=m;i++)
{
Dt d=c[mp[s[i].hs()]];
if(!W)printf("%d\n",d.x);
else printf("%d %d\n",d.x,d.y);
}
}
int main()
{
W=rdn(); n=rdn();
if(n<=)solve();
return ;
}

应该更大胆一些。果然就是最终每条边都与 n 点相连、每次能把一条边变成这样。

那么第一问的答案就是 ( n-3 ) - ( 初始就与 n 相连的边数 ) 。

并且这样的话,可以看出一个二叉树森林。就是把一条边旋转成与 n 相连之后,分出两个部分,两个部分里的边在该边旋转之后才能旋转。

设这条边的左孩子有 a 步、右孩子有 b 步,自己的方案就是 \( dp[ ls ] * dp[ rs ] * \binom{a+b}{a} \) 。 m=0 的这样做一下就行了。

一开始旋转一条边是 rotate 操作。(从“出现的边是什么”的角度来看,确实是 rotate)

如果旋转的是某个二叉树的根,就是令答案步数 -1 , 把该二叉树从根断成两个二叉树。

如果旋转的不是根,发现对上面的影响只有 \( dp[ ] \) 的改变,所以除掉原来的再乘上现在的。

如果旋转的是根,不仅 \( dp[ ] \) 变了,一些 \( \binom{a+b}{a} \) 也变了,所以不能除掉再乘。维护前缀和后缀答案即可。

把边按 “左端点递增、右端点递减” (左端点指标号小的点)排序,找森林结构的时候,对于边的区间 [ L , R ] , L 是第一个要旋转的,然后左端点在 L 的右端点之前(严格)的边是自己的左孩子,其他是右孩子。找分界的时候自己用了 lower_bound ,反正每次剥掉一个 L ,一共调用 n 次 lower_bound ,而且调用的数组大小还会变小,所以复杂度还可以。

#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define ll long long
using namespace std;
int rdn()
{
int ret=;bool fx=;char ch=getchar();
while(ch>''||ch<''){if(ch=='-')fx=;ch=getchar();}
while(ch>=''&&ch<='')ret=ret*+ch-'',ch=getchar();
return fx?ret:-ret;
}
const int N=1e5+,mod=1e9+;
int pw(int x,int k)
{int ret=;while(k){if(k&)ret=(ll)ret*x%mod;x=(ll)x*x%mod;k>>=;}return ret;} int n,fa[N],c[N][],sta[N],top,rk[N],jc[N],jcn[N],ans;
struct Node{
int x,y;
Node(int x=,int y=):x(x),y(y) {}
bool operator< (const Node &b)const
{return x==b.x?y>b.y:x<b.x;}
}ed[N],dp[N],pr[N],sc[N];
int C(int n,int m){return (ll)jc[n]*jcn[m]%mod*jcn[n-m]%mod;}
Node mrg(Node u,Node v)
{ u.y+=v.y; u.x=(ll)u.x*v.x%mod*C(u.y,v.y)%mod; return u;}
void pshp(int cr)
{
dp[cr]=Node(,);
if(c[cr][])dp[cr]=mrg(dp[cr],dp[c[cr][]]);
if(c[cr][])dp[cr]=mrg(dp[cr],dp[c[cr][]]);
dp[cr].y+=(cr!=);
}
void ini_dfs(int L,int R)
{
if(L==R){pshp(L);return;}
if(ed[L+].x!=ed[L].x)
{
ini_dfs(L+,R);
c[L][]=L+; fa[L+]=L; pshp(L); return;
}
Node d=Node(ed[L+].y,n+);
int mid=lower_bound(ed+L+,ed+R+,d)-ed;
ini_dfs(L+,mid-); c[L][]=L+; fa[L+]=L;
if(mid<=R){ ini_dfs(mid,R); c[L][]=mid; fa[mid]=L;}
pshp(L);
}
void init()
{
jc[]=;for(int i=;i<=n;i++)jc[i]=(ll)jc[i-]*i%mod;
jcn[n]=pw(jc[n],mod-);
for(int i=n-;i>=;i--)jcn[i]=(ll)jcn[i+]*(i+)%mod;//before!!! int lm=n-;
sort(ed+,ed+lm+);
for(int i=,lst=;i<=lm;i++)
{
while(i<=lm&&ed[i].y!=n)i++;
if(lst<i)
{
ini_dfs(lst,i-);
sta[++top]=lst; rk[lst]=top;
pr[top]=mrg(pr[top-],dp[lst]);
}
if(i<=lm)///way:1, siz:0
{
sta[++top]=i; rk[i]=top;
pr[top]=mrg(pr[top-],dp[i]);
}
lst=i+;
}
for(int i=top;i;i--)sc[i]=mrg(sc[i+],dp[sta[i]]);
}
int rotate(int x)
{
int y=fa[x],d=(x==c[y][]);
Node nx=dp[x], ny=dp[y]; c[y][d]=c[x][!d]; c[x][!d]=y;
pshp(y); pshp(x);
int ret=(ll)dp[].x*pw(ny.x,mod-)%mod*dp[x].x%mod;
c[x][!d]=c[y][d]; c[y][d]=x; dp[x]=nx; dp[y]=ny;
return ret;
}
int main()
{
int W=rdn(); n=rdn(); int lm=n-;
for(int i=,u,v;i<=lm;i++)
{ u=rdn();v=rdn();if(u>v)swap(u,v);ed[i]=Node(u,v);}
ans=lm;
for(int i=;i<=lm;i++)if(ed[i].y==n)ans--;
init(); dp[]=pr[top];
if(!W)printf("%d\n",ans);
else printf("%d %d\n",ans,dp[].x);
int m=rdn();
for(int i=,u,v,k;i<=m;i++)
{
u=rdn();v=rdn();if(u>v)swap(u,v);
k=lower_bound(ed+,ed+lm+,Node(u,v))-ed;
if(!fa[k])
{
Node d=mrg(pr[rk[k]-],sc[rk[k]+]);
if(c[k][])d=mrg(d,dp[c[k][]]);
if(c[k][])d=mrg(d,dp[c[k][]]);
if(!W)printf("%d\n",ans-);
else printf("%d %d\n",ans-,d.x);
}
else
{
if(!W)printf("%d\n",ans);
else printf("%d %d\n",ans,rotate(k));
}
}
return ;
}

LOJ 3056 「HNOI2019」多边形——模型转化+树形DP的更多相关文章

  1. Loj #3056. 「HNOI2019」多边形

    Loj #3056. 「HNOI2019」多边形 小 R 与小 W 在玩游戏. 他们有一个边数为 \(n\) 的凸多边形,其顶点沿逆时针方向标号依次为 \(1,2,3, \ldots , n\).最开 ...

  2. LOJ 2719 「NOI2018」冒泡排序——模型转化

    题目:https://loj.ac/problem/2719 首先要发现合法的充要条件是 | LDS | <=2 ! 因为有没用的步数,说明一个元素先往左移.又往右移(不会先往右移再往左移,因为 ...

  3. Loj #3059. 「HNOI2019」序列

    Loj #3059. 「HNOI2019」序列 给定一个长度为 \(n\) 的序列 \(A_1, \ldots , A_n\),以及 \(m\) 个操作,每个操作将一个 \(A_i\) 修改为 \(k ...

  4. Loj #3055. 「HNOI2019」JOJO

    Loj #3055. 「HNOI2019」JOJO JOJO 的奇幻冒险是一部非常火的漫画.漫画中的男主角经常喜欢连续喊很多的「欧拉」或者「木大」. 为了防止字太多挡住漫画内容,现在打算在新的漫画中用 ...

  5. Loj 3058. 「HNOI2019」白兔之舞

    Loj 3058. 「HNOI2019」白兔之舞 题目描述 有一张顶点数为 \((L+1)\times n\) 的有向图.这张图的每个顶点由一个二元组 \((u,v)\) 表示 \((0\le u\l ...

  6. Loj #3057. 「HNOI2019」校园旅行

    Loj #3057. 「HNOI2019」校园旅行 某学校的每个建筑都有一个独特的编号.一天你在校园里无聊,决定在校园内随意地漫步. 你已经在校园里呆过一段时间,对校园内每个建筑的编号非常熟悉,于是你 ...

  7. 【loj - 3056】 「HNOI2019」多边形

    目录 description solution accepted code details description 小 R 与小 W 在玩游戏. 他们有一个边数为 \(n\) 的凸多边形,其顶点沿逆时 ...

  8. LOJ 3057 「HNOI2019」校园旅行——BFS+图等价转化

    题目:https://loj.ac/problem/3057 想令 b[ i ][ j ] 表示两点是否可行,从可行的点对扩展.但不知道顺序,所以写了卡时间做数次 m2 迭代的算法,就是每次遍历所有不 ...

  9. LOJ 3059 「HNOI2019」序列——贪心与前后缀的思路+线段树上二分

    题目:https://loj.ac/problem/3059 一段 A 选一个 B 的话, B 是这段 A 的平均值.因为 \( \sum (A_i-B)^2 = \sum A_i^2 - 2*B \ ...

随机推荐

  1. ubantu安装node、npm、cnpm、live-server

    更新ubuntu软件源 sudo apt-get update sudo apt-get install -y python-software-properties software-properti ...

  2. scrapy shell的作用

    1.可以方便我们做一些数据提取的测试代码: 2.如果想要执行scrapy命令,那么毫无疑问,肯定是要先进入到scrapy所在的环境中: 3.如果想要读取某个项目的配置信息,那么应该先进入到这个项目中. ...

  3. day12作业

  4. 校验总结:校验是否是中英文等等(1.正则校验 2.hibernate volidator)

    1.正则校验 import java.util.regex.Matcher;import java.util.regex.Pattern; public class Validation { //-- ...

  5. 【Think in java读书笔记】序列化

    Java的对象序列化将那些实现了Serializable接口的对象转换成一个字节序列,并能够在以后将这个字节序列完全恢复成为原来的对象. 序列化机制能自动弥补不同操作系统之间的差异,也就是说在Wind ...

  6. Spring Boot 揭秘与实战(二) 数据缓存篇 - Redis Cache

    文章目录 1. Redis Cache 集成 2. 源代码 本文,讲解 Spring Boot 如何集成 Redis Cache,实现缓存. 在阅读「Spring Boot 揭秘与实战(二) 数据缓存 ...

  7. Redis分布式锁实现

    redis分布式锁的一个简单直接的实现方法就是用 SET NX 命令设置一个设定了存活周期 TTL 的 Key 来获取锁,通过删除 Key 来释放锁,通过存活周期来避免死锁.不过这个方法存在单点故障风 ...

  8. python中调用多线程加速处理文件

    问题背景是这样的,我有一批需要处理的文件,对于每一个文件,都需要调用同一个函数进行处理,相当耗时 有没有加速的办法呢?当然有啦,比如说你将这些文件分成若干批,每一个批次都调用自己写的python脚本进 ...

  9. 在Maven项目中,指定使用阿里云仓库下载jar包

    Maven项目中,在pom.xml的</project>标签之前加入一下标签,指定使用阿里云仓库下载jar包. <!-- 使用aliyun maven --> <repo ...

  10. C#读取文件夹下所有指定类型,并返回相应类型数据

    C#读取文件夹下所有文件 本文提供全流程,中文翻译. Chinar 坚持将简单的生活方式,带给世人!(拥有更好的阅读体验 -- 高分辨率用户请根据需求调整网页缩放比例) Chinar -- 心分享.心 ...