题面

题意很简单

A

l

i

c

e

\tt Alice

Alice 和

B

o

b

\tt Bob

Bob 在博弈。摆在他们面前有

N

\rm N

N 个区间

[

l

i

,

r

i

)

\rm[l_i,r_i)

[li​,ri​) ,每人轮流取出一个区间,放到数轴上,要求取出的区间与当前数轴上的任意区间交集为

\rm\empty

∅ 。

A

l

i

c

e

\tt Alice

Alice 先手。

T

(

1

T

20

)

\rm T(1\leq T\leq20)

T(1≤T≤20) 组数据,每组数据给出

N

(

1

N

100

)

\rm N(1\leq N\leq100)

N(1≤N≤100) 和每个区间

[

l

i

,

r

i

)

\rm[l_i,r_i)

[li​,ri​),

1

l

i

<

r

i

100

\rm1\leq l_i<r_i\leq100

1≤li​<ri​≤100 。

对于每组数据输出

A

l

i

c

e

\tt Alice

Alice 必胜还是

B

o

b

\tt Bob

Bob 必胜。

题解

前置知识:SG函数

通过SG定理的学习,我们知道一个游戏先手必败当且仅当SG值为

0

0

0,且多个子游戏同时进行的情况下,总游戏的SG值为每个子游戏SG值的异或和。


这道题怎么应用呢?

毫无疑问,

2

N

\rm 2^N

2N 的算法是不行的,那我们怎么表示总游戏的状态呢?

我们表示不出来!但是我们会发现,总游戏可以分成多个互不干扰的子游戏,而每个子游戏是可以用一个区间

[

L

,

R

)

\rm[L,R)

[L,R) 表示状态的!意为左右端点都在

[

L

,

R

)

\rm[L,R)

[L,R) 内的所有区间

[

l

i

,

r

i

)

\rm[l_i,r_i)

[li​,ri​) 组成的子游戏。因为每个子游戏成为无法拆分的一部分时,意味着这个范围内的区间彼此通过非空的交集连通在一起,并且

[

L

,

R

)

\rm[L,R)

[L,R) 内的所有区间都没被取走。

如果在某个子游戏的范围

[

L

,

R

)

\rm[L,R)

[L,R) 内取走了一个区间

[

l

,

r

)

\rm[l,r)

[l,r),那么这个子游戏就会被分成两个独立子游戏

[

L

,

l

)

\rm[L,l)

[L,l) 和

[

r

,

R

)

\rm[r,R)

[r,R)。与之前做过的一道题【CF1523G】Try Booking 类似,并不难理解。

此外,如果对于两个子游戏

[

L

,

R

)

\rm[L,R)

[L,R) 和

[

L

,

R

)

\rm[L',R')

[L′,R′) ,在

[

L

,

R

)

\rm[L,R')

[L,R′) 范围内的区间都没被取走的话,是可以把两个子游戏合并为游戏

[

L

,

R

)

\rm[L,R')

[L,R′) 的,这不影响。


于是我们可以区间

D

P

\tt DP

DP 了,令

S

G

L

,

R

\rm SG_{L,R}

SGL,R​ 表示游戏

[

L

,

R

)

\rm[L,R)

[L,R) 的SG函数值,那么就可以转移了:(

m

e

x

\rm mex

mex 是什么意思不用赘述了吧)

S

G

L

,

R

=

m

e

x

{

(

S

G

L

,

l

i

x

o

r

S

G

r

i

,

R

)

[

l

i

,

r

i

)

[

L

,

R

)

}

\rm SG_{L,R}=mex\,\{(SG_{L,l_i}~{\tt xor}~SG_{r_i,R})~|~[l_i,r_i)\sube[L,R)\}

SGL,R​=mex{(SGL,li​​ xor SGri​,R​) ∣ [li​,ri​)⊆[L,R)}

这里有个小细节:计算SG函数值时,如果是递归,那么只能开临时数组。原因不用赘述。

时间复杂度

O

(

T

U

2

N

)

\rm O(T\cdot|U|^2\cdot N)

O(T⋅∣U∣2⋅N) 。

CODE

dp 代替了 SG

#include<map>
#include<cmath>
#include<cstdio>
#include<vector>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define MAXN 105
#define DB double
#define LL long long
#define ENDL putchar('\n')
#define lowbit(x) ((-x) & (x))
LL read() {
LL f=1,x=0;char s = getchar();
while(s < '0' || s > '9') {if(s=='-')f = -f;s = getchar();}
while(s >= '0' && s <= '9') {x=x*10+(s-'0');s = getchar();}
return f * x;
}
int n,m,i,j,s,o,k;
int L[MAXN],R[MAXN];
vector<int> bu[MAXN];
bool f[MAXN][MAXN];
int dp[MAXN][MAXN];
bool tmp[105];
int solve(int l,int r) {
if(l>r) return 0;
if(f[l][r]) return dp[l][r];
f[l][r] = 1;
int tmp[105];
memset(tmp,0,sizeof(tmp)); for(int i = l;i <= r;i ++) {
for(int j = 0;j < (int)bu[i].size();j ++) {
int ll = L[bu[i][j]],rr = R[bu[i][j]];
if(rr <= r) {
tmp[solve(l,ll) ^ solve(rr,r)] = 1;
}
}
}
for(int i = 0;i <= 101;i ++) {
if(!tmp[i]) {
dp[l][r] = i;
break;
}
}
return dp[l][r];
}
int main() {
int T = read();
while(T --) {
n = read();
for(int i = 1;i <= 100;i ++) bu[i].clear();
memset(f,0,sizeof(f));
memset(dp,0,sizeof(dp));
for(int i = 1;i <= n;i ++) {
L[i] = read();R[i] = read();
bu[L[i]].push_back(i);
}
int ans = solve(1,100);
printf(ans>0 ? "Alice\n":"Bob\n");
}
return 0;
}

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