题意:给出一个 n 点 m 边的图,问最少加多少边使其能够存在奇环,加最少边的情况数有多少种

奇环和偶环其实就是二分图的性质:二分图不存在奇环,所以只要判断这张图是否是二分图就行了:

如果本身就不是二分图,那么说明图中必定有奇环,那就不需要加边,情况数也就是1种了;

而如果是普通的二分图的话,只要有某一个区块有一半点数大于等于2,那么只要将同一边的任意两点连线,就可以使其不是二分图,从而出现奇环,加边数1条,情况数就是算有多少半点数大于等于2的,从中取两点的情况数;

如果全部都是两点图的话,就要对某个两点图,将两点同时连向其他任意一点,就需要加2条边,情况数就是两点组数乘剩余点数;

最后是全部为单点的图,必须连3条线,将任意三点两两相连,情况数就是任取三点的组合数。

 #include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll; int c[];
int n,m,num[];
int head[],nxt[],point[],size=;
bool f=; void add(int a,int b){
point[size]=b;
nxt[size]=head[a];
head[a]=size++;
point[size]=a;
nxt[size]=head[b];
head[b]=size++;
} void dfs(int a,int x){
if(f)return;
c[a]=x;
num[x]++;
for(int i=head[a];~i;i=nxt[i]){
int b=point[i];
if(c[b]==-)dfs(b,!x);
else if(c[b]==x){
f=;
return;
}
}
} int main(){
scanf("%d%d",&n,&m);
if(m==){
ll ans=(ll)n*(ll)(n-)*(ll)(n-)/;
printf("3 %I64d\n",ans);
return ;
}
int i;
memset(head,-,sizeof(head));
memset(c,-,sizeof(c));
for(i=;i<=m;i++){
int a,b;
scanf("%d%d",&a,&b);
add(a,b);
}
ll ans=,ans2=;
for(i=;i<=n&&(!f);i++){
if(c[i]==-){
num[]=num[]=;
dfs(i,);
ans+=(ll)num[]*(ll)(num[]-)/;
ans+=(ll)num[]*(ll)(num[]-)/;
if(num[]==&&num[]==){
ans2+=n-;
}
}
}
if(f)printf("0 1\n");
else if(ans==)printf("2 %I64d\n",ans2);
else printf("1 %I64d\n",ans);
return ;
}

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