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前言


跟学知识一样,做题目的确是也是常做常新。这道题当时的确已经解决了,国庆前工作室学长还有其他人又提起这道题,我说不就暴力枚举贪心么,后来学长说那你不好证明贪心的正确性!我一想的确是这样的,基本上没有人讲这怎么三次贪心选取就可以了,有点像瞎搞的样子。于是就又去看了$multiset$的做法,其实用线段树也可以,作用都是较快的维护最大值,只要思维到位了,选择恰当的数据结构就能做出来。

题意


现在给你n个点 ,让你横着划三条线间距为r 然后竖着划三条线间距同样为r ,求经过最多的点数

思路


比赛看到这题的时候觉得能做,但是一看时间限制是5s,搞得我有不敢去碰了,就没有写,但是赛后再看其实并没有那么复杂。有的人是用线段树去写的,感觉线段树简直万能~其实直接求也是可以的,感觉有点暴力(就算是暴力我也想不到QAQ)

下面介绍两者做法,一种是贪心枚举瞎搞,一种是用$multiset+$思维。

贪心枚举(为什么说他瞎搞,这么做感觉是对的,也的确能做,但是你很难证明贪心的正确性,不过在比赛的时候也不失为一种好方法)

正常思路肯定时枚举横的三线和竖的三线,找到最大,这样时O(n2)的复杂度。

一般二维的题目我们枚举一维,比如枚举横三线,

预处理竖三线,以每个x为三线的左线,求出三线包含的气球个数(cntX[i] + cntX[i + r] + cntX[i + r * 2],对竖三线包含的气球数进行从大到小排序,贪心进行选取

然后枚举纵坐标,算出以当前纵坐标为底线的三横线包含的气球个数,由于这样会重复,所以对于横三线已经选取的点竖三线就不再进行选取,之后取最大值和竖三线的值相加就行。

最后,按照这种贪心的取法就能得到最大值(对竖三线的值贪心三次就能得到,这是我没想到的,100会更保险一点)

Code

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 1e5 + ;
int n, r, cntX[maxn*], cntY[maxn*], res;
struct Point {
int x, y;
bool operator<(const Point &rhs)const {
return x > rhs.x;
}
} a[maxn], sum[maxn]; int main()
{
scanf("%d%d", &n, &r);
for (int i = ; i < n; i++) {
scanf("%d%d", &a[i].x, &a[i].y);
cntX[a[i].x]++;
}
for (int i = ; i < maxn; i++) {
sum[i].x = cntX[i] + cntX[i + r] + cntX[i + r * ];
sum[i].y = i;
}
sort(sum, sum + maxn);
for (int i = ; i < ; i++) {
memset(cntY, , sizeof(cntY));
for (int j = ; j < n; j++)
if (a[j].x != sum[i].y && a[j].x != sum[i].y + r && a[j].x != sum[i].y + r * )
cntY[a[j].y]++;
int my = ;
for (int j = ; j < maxn; j++)
my = max(my, cntY[j] + cntY[j + r] + cntY[j + r * ]);
res = max(res, my + sum[i].x);
}
printf("%d\n", res);
return ;
}
/*
总体的思路就是分别对横纵坐标暴力枚举三条线经过的点数(去重),然后通过贪心的思想选取,最后出来的就是最大值
首先直接用sum[i].x枚举三条竖线(i, i+r, i+2*r)能够经过的点数,sum[i].y记录当前枚举是从横坐标为i这条竖线开始的
然后对sum[i]按x从大到小排序,贪心的选取sum[i]后,肯定不能直接枚举三条横线能够经过的点数,因为这样会有重复。
那怎么办呢?我们就先对cntY[a[j].y]进行处理,假如我选取的sum[i]中已经包含a[j]这个点了,那么我的cntY[[a[j].y]就不能加1,因为这个点已经被计算过
现在当然就可以枚举三条横线能够经过的点数,取最大值和sum[i].x相加就是当前总共能经过的最多点数
*/

 

$multiset+$思维

官方题解说的已经很详细了,这种题其实很考验思维。

我们用$f(i)$表示中间一枪打第$i$行,能够射中的气球个数,用$g(i)$表示中间一枪打第$i$列,能射中的气球个数。

用$multiset$存所有$f(i)$的值,枚举中间一枪打第$x$列,将对每一个位于第$x-r,x+r$列的气球,将它们影响到的行(共三行)的$f(j)$的值更新,然后更新$multiset$内的元素。

中间一枪打第$x$列的最大收益即$g(x)$+(当前$multiset$内最大元素)。

Code

#include<cstring>
#include<string>
#include<set>
#include<vector>
using namespace std;
const int maxn = 1e5 + ;
const int M = 1e5; int cnt[maxn];
vector <int> h[maxn];
multiset<int> s;
void add(int x) {
auto p = s.find(cnt[x]);
s.erase(p);
cnt[x]++;
s.insert(cnt[x]);
}
void del(int x) {
auto p = s.find(cnt[x]);
s.erase(p);
cnt[x]--;
s.insert(cnt[x]);
}
//multiset + 思维
int main()
{
int n, r, x, y, ans = ;
scanf("%d%d", &n, &r);
for (int i = ; i < n; i++) {
scanf("%d%d", &x, &y);
h[x].push_back(y);
if (x - r >= ) h[x - r].push_back(y);
if (x + r <= M) h[x + r].push_back(y);
cnt[y]++;
if (y - r >= ) cnt[y - r]++;
if (y + r <= M) cnt[y + r]++;
}
for (int i = ; i <= M; i++) s.insert(cnt[i]);//往multiset里添加行的气球数
for (int i = ; i <= M; i++) {
int res = (int)h[i].size();//三列的气球总数
for (int j = ; j < res ; j++) {//如果影响了三行,就更新
del(h[i][j]);
if (h[i][j] - r >= ) del(h[i][j] - r);
if (h[i][j] + r <= M) del(h[i][j] + r);
}
ans = max(ans, res + (int)(*s.rbegin()));//取最大值
for (int j = ; j < res ; j++) {//再更新回去
add(h[i][j]);
if (h[i][j] - r >= ) add(h[i][j] - r);
if (h[i][j] + r <= M) add(h[i][j] + r);
}
}
printf("%d\n", ans);
return ;
}

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