BZOJ5281:[Usaco2018 Open]Talent Show
我对二分的理解:https://www.cnblogs.com/AKMer/p/9737477.html
题目传送门:https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=5281
题目要求我们最大化\(\frac{\sum{t_i}}{\sum{w_i}}\),我们可以二分它的值\(x\)。如果存在某一种方案使得\(\frac{\sum{t_i}}{\sum{w_i}}>=x\)
,我们可以将其转化成有一种方案满足\(\sum{t_i}-\sum{w_i*x}>=0\)。于是乎我们就可以将\(t_i-w_i*x\)作为一只奶牛的权值,体重为空间来做背包,判断是否可以用\(W\)的体积背出大于等于\(0\)的权值。而且显然,\(t_i-w_i*x\)大于等于\(0\)的奶牛肯定会被选中,那么如果需要用到\(t_i-w_i*x\)为负数的奶牛,肯定是尽量少选。所以我们在背包时,如果从某个状态转以后体积大于\(W\)了,就可以停下转移了,因为再加也没用了。
时间复杂度:\(O(log1e9*n*W)\)
空间复杂度:\(O(n)\)
代码如下:
#include <cstdio>
#include <algorithm>
using namespace std;
const double eps=1e-6,inf=1e9;
int n,W;
int w[255],t[255];
double now[255],f[1005];
int read() {
int x=0,f=1;char ch=getchar();
for(;ch<'0'||ch>'9';ch=getchar())if(ch=='-')f=-1;
for(;ch>='0'&&ch<='9';ch=getchar())x=x*10+ch-'0';
return x*f;
}
bool check(double limit) {
for(int i=1;i<=n;i++)
now[i]=1.0*t[i]-limit*w[i];//更改权值
for(int i=1;i<=W;i++)f[i]=-inf;
for(int i=1;i<=n;i++) {
for(int j=W;j>=W-w[i]&&~j;j--)
f[W]=max(f[W],f[j]+now[i]);//转移后大于W的只转移一次
for(int j=W-1;j>=w[i];j--)
f[j]=max(f[j],f[j-w[i]]+now[i]);//背包
}
return f[W]>eps;
}
int main() {
n=read(),W=read();
for(int i=1;i<=n;i++)
w[i]=read(),t[i]=read();
double l=0,r=1e3;
while(l+eps<r) {
double mid=(l+r)/2;
if(check(mid))l=mid;//二分x,[0,l]都是可以凑出来的值
else r=mid;
}
printf("%d\n",(int)(l*1000));//l是最大的那一个
return 0;
}
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