P2617 Dynamic Rankings

题目描述
给定一个含有n个数的序列a[1],a[2],a[3]……a[n],程序必须回答这样的询问:对于给定的i,j,k,在a[i],a[i+1],a[i+2]……a[j]中第k小的数是多少(1≤k≤j-i+1),并且,你可以改变一些a[i]的值,改变后,程序还能针对改变后的a继续回答上面的问题。你需要编一个这样的程序,从输入文件中读入序列a,然后读入一系列的指令,包括询问指令和修改指令。

对于每一个询问指令,你必须输出正确的回答。

输入输出格式
输入格式:
第一行有两个正整数n(1≤n≤100000),m(1≤m≤100000)。分别表示序列的长度和指令的个数。

第二行有n个数,表示a[1],a[2]……a[n],这些数都小于10^9。接下来的m行描述每条指令,每行的格式是下面两种格式中的一种。 Q i j k 或者 C i t

Q i j k (i,j,k是数字,1≤i≤j≤n, 1≤k≤j-i+1)表示询问指令,询问a[i],a[i+1]……a[j]中第k小的数。

C i t (1≤i≤n,0≤t≤10^9)表示把a[i]改变成为t。

输出格式:
对于每一次询问,你都需要输出他的答案,每一个输出占单独的一行。

输入输出样例
输入样例#1: 
5 3
3 2 1 4 7
Q 1 4 3
C 2 6
Q 2 5 3
输出样例#1: 
3
6
说明
10%的数据中,m,n≤100;

20%的数据中,m,n≤1000;

50%的数据中,m,n≤10000。

对于所有数据,m,n≤100000

请注意常数优化,但写法正常的整体二分和树套树都可以以大约1000ms每个点的时间过。

来源:bzoj1901

本题数据为洛谷自造数据,使用CYaRon耗时5分钟完成数据制作。

一些奇怪的东西

这个大概是luogu某题目,然而我太菜了,所以现在才会做。

这个题目显然是由一些静态的东西衍生而来的(没错就是静态区间K大数)

Hmm...昨天(可能是今天??)有人问我,一些静态和动态的问题,我列举一下:

静态区间K大数(排个序就好了)

静态区间K大数(主席树搞一搞)

待修改区间K大数(我就要讲的这个嘛)

动态区间和(zkw线段树/朴素线段树/2个树状数组)

静态区间和(...前缀和?)

步入正题

话说带修改区间K大数(注意是修改而并不是插入)

显然我们如果按照静态区间K大数的方法搞,暴力更新整棵线段树那么复杂度将是O(n log2 n)修改每次

想到单点修改求前缀和想到树状数组。不妨用树状数组维护线段树每个节点的前缀和,

换句话说要想求得每个节点具体的值,那么必须将属于这个节点的log2 n个节点的和全部累加,才是这个节点值域范围内,前缀插入数的个数

既然我们能求出在线段树某一节点值域范围内,前缀插入数的个数,我们就按照和静态区间K大数的类二分查找(用线段树对值域的二分代替整体二分)来找到一个对于的树根,输出他的标号就行。

所以,树状数组是维护一个数组表示的是要想知道当前每一节点值域是[L,R]前缀插入数的个数,是哪log2 n个节点的累加和。

这样子复杂度是O(log22n)每次插入。

查询的时候也是这样用R的前缀插入数的个数减去(l-1)前缀插入数的个数,就是该节点值域在[L,R]区间内插入数的个数。

这样的复杂度也是O(log22n)每次查询。

注意一些细节:

记录那几个点的数组(node_add和node_cut只需开log2n个即可),

然后离线离散化以后在线做(其实和在线效果一样),

然后离散化的时候尽量不用vector(不好习惯)

对tmp[]离散化,T记录离散化后下标

    sort(tmp+,tmp++tmp[]);
T=unique(tmp+,tmp++tmp[])-tmp-1;

若要查询某个数val离散化以后是多少,那么就是

w=lower_bound(tmp+,tmp++T,val)-tmp;

若要查询某个离散化后的数kkk实际上是多少那么直接访问下标

w=tmp[kkk];

还是得解释代码:

# include <cstdio>
# include <map>
# include <algorithm>
# include <vector>
# include <cstring>
using namespace std;
const int N=1e5+;
# define lowbit(x) (x&(-x))
# define lson t[rt].ls,l,mid
# define rson t[rt].rs,mid+,r
# define mid ((l+r)>>)
int tmp[N<<];
struct rec{
int l,r,k,o;
}qes[N];
struct Seqment_Tree{
int ls,rs,val;
}t[N*];//树套树空间得开 n log n
int node_cut[],node_add[]; //这里只要log n个就行后面memset会慢
int cnt_cut,cnt_add,tot;
int root[N],a[N];
int T,n,m;
inline int read()
{
int X=,w=; char c=;
while(c<''||c>'') {w|=c=='-';c=getchar();}
while(c>=''&&c<='') X=(X<<)+(X<<)+(c^),c=getchar();
return w?-X:X;
}
void write(int x)
{
if (x<) x=-x,putchar('-');
if (x>) write(x/);
putchar(''+x%);
}//I/O优化
void update(int &rt,int l,int r,int pos,int val)
{
if (!rt) rt=++tot; //如果此时的访问空的节点那么建立节点,否则会覆盖掉原有节点信息(普通主席树最好也这么写,但是没必要,因为每个节点一定是空的!!!)
t[rt].val+=val;
if (l==r) return;
if (pos<=mid) update(lson,pos,val);
else update(rson,pos,val);
}//普通主席树的更改维护,值域+1/-1
void pre_update(int x,int val)
{
int w=lower_bound(tmp+,tmp++T,a[x])-tmp;
for (int i=x;i<=n;i+=lowbit(i)) update(root[i],,T,w,val);
}//首先处理出那几棵线段树管这个数组的位置的前缀和的,然后每个线段树分别维护
int query(int l,int r,int k)
{
if (l==r) return l;
int ret=;
for (int i=;i<=cnt_add;i++)
ret+=t[t[node_add[i]].ls].val;
for (int i=;i<=cnt_cut;i++)
ret-=t[t[node_cut[i]].ls].val;
//该加的加(r),该减的减(l-1)
if (k<=ret) {
for (int i=;i<=cnt_add;i++)
node_add[i]=t[node_add[i]].ls;
for (int i=;i<=cnt_cut;i++)
node_cut[i]=t[node_cut[i]].ls;
return query(l,mid,k);
//不足右边不可能往左边搜
} else {
for (int i=;i<=cnt_add;i++)
node_add[i]=t[node_add[i]].rs;
for (int i=;i<=cnt_cut;i++)
node_cut[i]=t[node_cut[i]].rs;
return query(mid+,r,k-ret);
//超过左边不可能往右边搜
}
}
int pre_query(int l,int r,int k)
{
memset(node_add,,sizeof(node_add));
memset(node_cut,,sizeof(node_cut));
cnt_add=cnt_cut=;//清空
for (int i=r;i;i-=lowbit(i)) node_add[++cnt_add]=root[i];
//处理该加的根节点
for (int i=l-;i;i-=lowbit(i)) node_cut[++cnt_cut]=root[i];
//处理该减的根节点
return query(,T,k);
}
int main()
{
n=read();m=read();
for (int i=;i<=n;i++)
tmp[++tmp[]]=a[i]=read();
for (int i=;i<=m;i++) {
char ch=;
while (ch!='Q'&&ch!='C') ch=getchar();
if (ch=='Q') qes[i].l=read(),qes[i].r=read(),qes[i].k=read(),qes[i].o=;
else qes[i].l=read(),tmp[++tmp[]]=qes[i].r=read(),qes[i].o=;
}
sort(tmp+,tmp++tmp[]);
T=unique(tmp+,tmp++tmp[])-tmp;
for (int i=;i<=n;i++) pre_update(i,);
for (int i=;i<=m;i++) {
if (qes[i].o==) {
write(tmp[pre_query(qes[i].l,qes[i].r,qes[i].k)]);
putchar('\n');
} else {
pre_update(qes[i].l,-);
a[qes[i].l]=qes[i].r;
pre_update(qes[i].l,);
}
}
return ;
}

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