Description

给定一大小为n的有点权树,每次询问一对点(u,v),问是否能在u到v的简单路径上取三个点权,以这三个权值为边长构成一个三角形。同时还支持单点修改。

Input

第一行两个整数n、q表示树的点数和操作数
第二行n个整数表示n个点的点权
以下n-1行,每行2个整数a、b,表示a是b的父亲(以1为根的情况下)
以下q行,每行3个整数t、a、b
若t=0,则询问(a,b)
若t=1,则将点a的点权修改为b
n,q<=100000,点权范围[1,2^31-1]

Output

对每个询问输出一行表示答案,“Y”表示有解,“N”表示无解。

Sample Input

5 5
1 2 3 4 5
1 2
2 3
3 4
1 5
0 1 3
0 4 5
1 1 4
0 2 5
0 2 3

Sample Output

N
Y
Y
N

Solution

考虑对于一个询问的一个树链,如果我们自己构造,让他不含三角形我们会怎么构造:

肯定是像$1,2,3,5,8,13$一样,类似斐波那契数列。

而斐波那契又是增长非常快的,所以当询问的树链长度超过一个值(我设的$50$个点)就肯定$Y$,否则就暴力。

Code

 #include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
#include<vector>
#include<algorithm>
#define N (100009)
using namespace std; struct Edge{int to,next;}edge[N<<];
int n,q,a[N],f[N][],Depth[N];
int head[N],num_edge;
vector<int>v; inline int read()
{
int x=,w=; char c=getchar();
while (c<'' || c>'') {if (c=='-') w=-; c=getchar();}
while (c>='' && c<='') x=x*+c-'', c=getchar();
return x*w;
} void add(int u,int v)
{
edge[++num_edge].to=v;
edge[num_edge].next=head[u];
head[u]=num_edge;
} void DFS(int x,int fa)
{
f[x][]=fa; Depth[x]=Depth[fa]+;
for (int i=; i<=; ++i)
f[x][i]=f[f[x][i-]][i-];
for (int i=head[x]; i; i=edge[i].next)
if (edge[i].to!=fa) DFS(edge[i].to,x);
} int LCA(int x,int y)
{
if (Depth[x]<Depth[y]) swap(x,y);
for (int i=; i>=; --i)
if (Depth[f[x][i]]>=Depth[y]) x=f[x][i];
if (x==y) return x;
for (int i=; i>=; --i)
if (f[x][i]!=f[y][i]) x=f[x][i], y=f[y][i];
return f[x][];
} void Solve(int x,int y,int lca)
{
v.clear();
while (x!=lca) v.push_back(a[x]), x=f[x][];
while (y!=lca) v.push_back(a[y]), y=f[y][];
v.push_back(a[lca]);
sort(v.begin(),v.end());
for (int i=,s=v.size(); i<s-; ++i)
if (1ll*v[i-]+v[i]>v[i+]) {puts("Y"); return;}
puts("N");
} int main()
{
n=read(); q=read();
for (int i=; i<=n; ++i) a[i]=read();
for (int i=; i<=n-; ++i)
{
int u=read(),v=read();
add(u,v); add(v,u);
}
DFS(,);
while (q--)
{
int opt=read(),x=read(),y=read();
if (opt==)
{
int lca=LCA(x,y);
if (Depth[x]-Depth[lca]+Depth[y]-Depth[lca]+>) puts("Y");
else Solve(x,y,lca);
}
else a[x]=y;
}
}

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