BZOJ 3294: [Cqoi2011]放棋子
3294: [Cqoi2011]放棋子
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Description
Input
输入第一行为两个整数n, m, c,即行数、列数和棋子的颜色数。第二行包含c个正整数,即每个颜色的棋子数。所有颜色的棋子总数保证不超过nm。
Output
输出仅一行,即方案总数除以 1,000,000,009的余数。
Sample Input
3 1
Sample Output
HINT
N,M<=30 C<=10 总棋子数<=250
Source
分析:
上课不好好听课的我TAT...
此题最重要的思想感觉是补集转化思想...
f[i][j][k]代表前k种颜色占据了i行j列的方案数,那么怎么转移...
f[i][j][k]=Σf[i-x][j-y][k-1]*g[x][y][k]*c[i][x]*c[j][y]
g[x][y][k]代表什么?第k种颜色刚好占据了x行y列...感觉这个转移还是很好想的...
但是问题来了...g[x][y][k]怎么求...
我们可以转化为总方案数减去不合法的方案数,也就是g[i][j][k]=c[i*j][num[k]]-Σg[x][y][k]*c[i][x]*c[j][y]...
注意边界...WA了好几次...QAQ...
代码:
#include<algorithm>
#include<iostream>
#include<cstring>
#include<cstdio>
//by NeighThorn
#define int long long
using namespace std; const int maxn=+,MOD=1e9+; int n,m,co,ans,num[maxn],c[maxn*maxn][maxn*maxn],f[maxn][maxn][maxn],g[maxn][maxn][maxn]; signed main(void){
memset(f,,sizeof(f));
memset(g,,sizeof(g));
scanf("%lld%lld%lld",&n,&m,&co);
for(int i=;i<=co;i++)
scanf("%lld",&num[i]);
for(int i=;i<=;i++)
c[i][]=c[i][i]=;
for(int i=;i<=;i++)
for(int j=;j<i;j++)
c[i][j]=(c[i-][j-]+c[i-][j])%MOD;
for(int k=;k<=co;k++)
for(int i=;i<=n;i++)
for(int j=;j<=m;j++)
if(i*j>=num[k]&&max(i,j)<=num[k]){
g[i][j][k]=c[i*j][num[k]];
for(int x=;x<=i;x++)
for(int y=;y<=j;y++)
if((i-x)||(j-y))
g[i][j][k]=(g[i][j][k]-g[x][y][k]*c[i][x]%MOD*c[j][y]%MOD+MOD)%MOD;
}
f[][][]=;
for(int k=;k<=co;k++)
for(int i=;i<=n;i++)
for(int j=;j<=m;j++)
if(i*j>=num[k]){
for(int x=;x<=i;x++)
for(int y=;y<=j;y++)
(f[i][j][k]+=f[i-x][j-y][k-]*g[x][y][k]%MOD*c[i][x]%MOD*c[j][y]%MOD)%=MOD;
}
for(int i=;i<=n;i++)
for(int j=;j<=m;j++)
(ans+=f[i][j][co]*c[n][i]%MOD*c[m][j]%MOD)%=MOD;
printf("%lld\n",ans);
return ;
}
by NeighThorn
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