Katu Puzzle POJ - 3678 (2 - sat)
有N个变量X1X1~XNXN,每个变量的可能取值为0或1。
给定M个算式,每个算式形如 XaopXb=cXaopXb=c,其中 a,b 是变量编号,c 是数字0或1,op 是 and,or,xor 三个位运算之一。
求是否存在对每个变量的合法赋值,使所有算式都成立。
输入格式
第一行包含两个整数N和M。
接下来M行,每行包含三个整数a b c,以及一个位运算(AND,OR,XOR中的一个)。
输出格式
输出结果,如果存在,输出“YES”,否则输出“NO”
数据范围
1≤N≤10001≤N≤1000,
1≤M≤1061≤M≤106
输入样例:
4 4
0 1 1 AND
1 2 1 OR
3 2 0 AND
3 0 0 XOR
输出样例:
YES
思路:根据题意,该题是一个 2-SAT 问题,将操作符进行转换,进行判定即可
对于 A[x],可以通过连边 <x',x> 实现,NOT A[x],可以通过连边 <x,x'> 来实现,对于 NOT(A[x] AND A[y]) 需要连两条边 <x, y'> 和 <y, x'> 来实现,对于 A[x] OR A[y] 需要连两条边 <x', y> 和 <y', x> 来实现
故对于 and、or、xor 三种运算有:
and 运算:
a and b = 0 时:若 a=1,则必定满足 b=0;若 b=1,则必定满足 a=0,即:<a,1,b,0>、<b,1,a,0>
a and b = 1 时:a=1 且 b=1,即:<a,0,a,1>、<b,0,b,1>
or 运算:
a or b = 0 时:a = 0 且 b = 0,即:<a,1,a,0>、<b,1,b,0>
a or b = 1 时:若 a=0,则必定满足 b=1;若 b=0,则必定满足 a=0,即:<a,0,b,1>、<b,0,a,1>
xor 运算:
a xor b = 0 时,有以下四种情况:
若 a = 0,则必定满足 b = 0,即:<a,0,b,0>
若 b = 0,则必定满足 a = 0,即:<b,0,a,0>
若 a = 1,则必定满足 b = 1,即:<a,1,b,1>
若 b = 1,则必定满足 a = 1,即:<b,1,a,1>
a xor b = 1 时,有以下四种情况:
若 a = 0,则必定满足 b = 1,即:<a,0,b,1>
若 b = 0,则必定满足 a = 1,即:<b,0,a,1>
若 a = 1,则必定满足 b = 0,即:<a,1,b,0>
若 b = 1,则必定满足 a = 0,即:<b,1,a,0>
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <algorithm>
#include <cstring> using namespace std;
#define debug(x) cout << "fuck bug " << x << "\n";
#define ios ios::sync_with_stdio(false),cin.tie(0),cout.tie(0)
const int maxn = 4e5 + ;
typedef long long ll; int n,m; struct edge
{
int to,nxt;
}e[maxn]; int head[maxn],tot;
void add(int u ,int v){
e[++tot].to = v;
e[tot].nxt = head[u];
head[u] = tot;
} int dfn[maxn],low[maxn],num,inStack[maxn];
int stack[maxn],top,cnt,C[maxn];
void tarjan(int x) {
dfn[x] = low[x] = ++num;
stack[++top] = x; inStack[x] = true;
for (int i = head[x]; i; i = e[i].nxt) {
int y = e[i].to;
if (dfn[y] == ) {
tarjan(y);
low[x] = min(low[x], low[y]);
} else if (inStack[y]) {
low[x] = min(low[x], low[y]);
}
}
if (low[x] == dfn[x]) {
cnt++;
int z;
do {
z = stack[top--];
inStack[z] = false;
C[z] = cnt;
} while (z != x);
}
} int main(int argc, char const *argv[])
{
//cin >> n >> m;
scanf("%d %d",&n,&m);
for(int i = ;i <= m ; i ++){
int a , b , c ; char str[];
//cin >> a >> b >> c >> str;
scanf("%d %d %d %s",&a,&b,&c,str);
if(str[] == 'A'){
if(c == ){
add(a,a+n);
add(b,b+n);
}else{
add(a+n,b);
add(b+n,a);
}
}else if(str[] == 'O'){
if(c == ){
add(a,b+n);
add(b,a+n);
}else{
add(a+n,a);
add(b+n,b);
}
}else if(str[] == 'X'){
if(c == ){
add(a,b+n);
add(b,a+n);
add(a+n,b);
add(b+n,a);
}else{
add(a,b);
add(b,a);
add(a+n,b+n);
add(b+n,a+n);
}
}
} for(int i = ;i < n + n; i++){
if(!dfn[i]) tarjan(i);
} bool flag=;
for(int i = ;i < n ;i ++){
if(C[i] == C[i + n]) {
flag = ;
break;
}
} if(flag) puts("YES");
else puts("NO"); return ;
}
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