1264: [AHOI2006]基因匹配Match(动态规划神题)
1264: [AHOI2006]基因匹配Match
题目:传送门
简要题意:
给出两个序列。每个序列都由n种不同的数字组成,保证每个序列种每种数字都会出现5次(位置不一定一样),也就是序列长度为5*n啦。
求这两个序列的最长公共子序列。
题解:
假的(nlogn)最长公共子序列算法
本蒟蒻看完题:
woc!大水题,这不是就是动态规划求最长公共子序列吗~
看完数据范围...ORZ那么大!!!最长公共子序列的基础算法要(n^2)...完了...不会...瞎搞???
这么皮,怎么破!
tkj神犇:so easy~~(orz...%%%)
好的,%完师兄...
真正的正解:
本题的突破口其实就在于每种数只出现5次。
那么我们可以先把第一个数列种每种数出现的位置用pos[]记录,然后放到第二个数列。
举个栗子,就拿样例来说:
第一个:1 1 2 2 1 1 2 1 2 2
那么pos[1]=1,2,5,6,8 pos[2]=3,4,7,9,10
然后放回第二个数列:1 2 2 2 1 1 2 2 1 1
用一个新的s[]记录新数列,s[]=8 6 5 2 1,10 9 7 4 3, 10 9 7 4 3...(以此类推)
那么我们只需要求出这个新数列的最长上升子序列就ok啦~(原理十分简单,模拟一下就ok)
这里还有一个小细节需要注意:不难发现,我们更新新数列的时候每种数字的位置都是按倒序放的,这样就可以避免在第二个数列中的一个位置重复选择(重点)。
好啦,这样子时间复杂度就为(nlongn)
但是...是假的...因为要是每种数不止出现五次...那就ORZ吧!
AC代码:
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cstdlib>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#define qread(x)x=read();
using namespace std;
inline int read()
{
int f=,x=;char ch;
while(ch<'' || ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();}
while(ch>='' && ch<=''){x=x*+ch-'';ch=getchar();}
return f*x;
}
struct node1
{
int pos[],id;
node1(){id=;}
}a[];
struct node2
{
int pos[],id;
node2(){id=;}
}b[];
int s[];
int n,N,len;
bool cmp(int n1,int n2)
{
return n1>n2;
}
int f[];//表示长度为i的最长上升子序列的末尾(最小)
int erfen(int x)
{
int l=,r=len,ans=;
while(l<=r)
{
int mid=(l+r)/;
if(f[mid]>=s[x])
{
ans=mid;
r=mid-;
}
else l=mid+;
}
return ans;
}
int main()
{
qread(n);
for(int i=;i<=n*;i++)
{
int x;qread(x);
a[x].id++;
a[x].pos[a[x].id]=i;
}
for(int i=;i<=n;i++)sort(a[i].pos+,a[i].pos++);
for(int i=;i<=n*;i++)
{
int x;qread(x);
int k;
k=a[x].id;
for(int j=i*-;j<=i*;j++)
{
s[j]=a[x].pos[k];
k--;
}
}
N=n*;
f[]=s[];len=;
for(int i=;i<=N;i++)
{
if(s[i]>f[len])
f[++len]=s[i];
else
{
int j=erfen(i);
f[j]=s[i];
}
}
printf("%d\n",len);
return ;
}
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