P4168 [Violet]蒲公英
神仙分块题?其实还是很简单的,res[i][j]表示第i块到第j块的众数,然后再用sum[i][j]表示前i块中j这个种类出现的次数,然后分块瞎搞就行了,感觉我写的十分简洁,好评(
//author Eterna
#define Hello the_cruel_world!
#pragma GCC optimize(2)
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstdio>
#include<string>
#include<cstring>
#include<vector>
#include<map>
#include<set>
#include<queue>
#include<stack>
#include<utility>
#include<cmath>
#include<climits>
#include<deque>
#include<functional>
#include<complex>
#include<numeric>
#include<unordered_map>
#define Pi acos(-1.0)
#define ABS(x) ((x) >= 0 ? (x) : (-(x)))
#define pb(x) push_back(x)
#define lowbit(x) (x & -x)
#define FRIN freopen("C:\\Users\\Administrator.MACHENI-KA32LTP\\Desktop\\in.txt", "r", stdin)
#define FROUT freopen("C:\\Users\\Administrator.MACHENI-KA32LTP\\Desktop\\out.txt", "w", stdout)
#define FAST ios::sync_with_stdio(false); cin.tie(0); cout.tie(0);
#define outd(x) printf("%d\n", x)
#define outld(x) printf("%lld\n", x)
#define il inline
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef pair<int, int> pii;
const int maxn = 4e4;
const int maxm = 2e2;
const int INF = 0x7fffffff;
const int mod = 1e9 + ;
const double eps = 1e-;
inline int read_int() {
char c;
int ret = , sgn = ;
do { c = getchar(); } while ((c < '' || c > '') && c != '-');
if (c == '-') sgn = -; else ret = c - '';
while ((c = getchar()) >= '' && c <= '') ret = ret * + (c - '');
return sgn * ret;
}
inline ll read_ll() {
char c;
ll ret = , sgn = ;
do { c = getchar(); } while ((c < '' || c > '') && c != '-');
if (c == '-') sgn = -; else ret = c - '';
while ((c = getchar()) >= '' && c <= '') ret = ret * + (c - '');
return sgn * ret;
}
int res[maxm + ][maxm + ], sum[maxm + ][maxn + ], cnt[maxn + ];
int block, arr[maxn + ], ID[maxn + ];
int n, q, last;
int m, pos[maxn + ];
void pre_init() {
for (int i = ; i <= n; ++i)++sum[ID[i]][arr[i]];
for (int i = ; i <= m; ++i)for (int j = ; j <= ID[n]; ++j)sum[j][i] += sum[j - ][i];
for (int i = ; i <= ID[n]; ++i) {
memset(cnt, , sizeof(cnt));
for (int j = (i - ) * block + ; j <= n; ++j) {
int p = arr[j], k = res[i][ID[j - ]];
++cnt[p];
if (cnt[p] > cnt[k])res[i][ID[j]] = p;
else if (cnt[p] == cnt[k] && p < k)res[i][ID[j]] = p;
else res[i][ID[j]] = k;
}
}
memset(cnt, , sizeof(cnt));
}
int Query(int L, int R) {
int ans = res[ID[L] + ][ID[R] - ], tot = max(, sum[ID[R] - ][ans] - sum[ID[L]][ans]);
for (int i = L; i <= min(ID[L] * block, R); ++i) {
int p = arr[i];
++cnt[p];
int s = cnt[p] + max(, (sum[ID[R] - ][p] - sum[ID[L]][p]));
if (s > tot) ans = p, tot = s;
else if (s == tot && p < ans)ans = p;
}
if (ID[L] != ID[R]) {
for (int i = (ID[R] - )*block + ; i <= R; ++i) {
int p = arr[i];
++cnt[p];
int s = cnt[p] + max(, (sum[ID[R] - ][p] - sum[ID[L]][p]));
if (s > tot) ans = p, tot = s;
else if (s == tot && p < ans)ans = p;
}
}
for (int i = L; i <= min(ID[L] * block, R); ++i)--cnt[arr[i]];
if (ID[L] != ID[R])for (int i = (ID[R] - ) * block + ; i <= R; ++i)--cnt[arr[i]];
return ans;
}
int main()
{
n = read_int(), q = read_int();
block = ceil(sqrt(n));
for (int i = ; i <= n; ++i) pos[i] = arr[i] = read_int(), ID[i] = (i - ) / block + ;
sort(pos + , pos + + n);
m = unique(pos + , pos + + n) - pos - ;
for (int i = ; i <= n; ++i)arr[i] = lower_bound(pos + , pos + + m, arr[i]) - pos;
pre_init();
for (int i = ; i <= q; ++i) {
int l = read_int(), r = read_int();
l = (l + last - ) % n + , r = (r + last - ) % n + ;
if (l > r)swap(l, r);
last = pos[Query(l, r)];
outd(last);
}
return ;
}
P4168 [Violet]蒲公英的更多相关文章
- 洛谷 P4168 [Violet]蒲公英 解题报告
P4168 [Violet]蒲公英 题目背景 亲爱的哥哥: 你在那个城市里面过得好吗? 我在家里面最近很开心呢.昨天晚上奶奶给我讲了那个叫「绝望」的大坏蛋的故事的说!它把人们的房子和田地搞坏,还有好多 ...
- P4168 [Violet]蒲公英 区间众数
$ \color{#0066ff}{ 题目描述 }$ 在乡下的小路旁种着许多蒲公英,而我们的问题正是与这些蒲公英有关. 为了简化起见,我们把所有的蒲公英看成一个长度为n的序列 \((a_1,a_2.. ...
- 洛谷 P4168 [Violet] 蒲公英
历尽千辛万苦终于AC了这道题目... 我们考虑1个区间\([l,r]\), 被其完整包含的块的区间为\([L,R]\) 那么众数的来源? 1.\([l,L)\)或\((R,r]\)中出现的数字 2.\ ...
- p4168 [Violet]蒲公英(分块)
区间众数的重题 和数列分块入门9双倍经验还是挺好的 然后开O2水过 好像有不带log的写法啊 之后在补就是咕咕咕 // luogu-judger-enable-o2 #include <cstd ...
- [洛谷P4168][Violet]蒲公英
题目大意:有$n(n\leqslant4\times10^4)$个数,$m(m\leqslant5\times10^4)$个询问,每次问区间$[l,r]$内的众数,若相同输出最小的,强制在线. 题解: ...
- luogu P4168 [Violet]蒲公英
嘟嘟嘟 分块经典题竟然是一道黑题…… 分块求区间众数的大体思想是对于询问区间[L, R],预处理出这中间的整块的众数,然后统计两边零散的数在[L, R]中出现的次数,最后取出现次数最多且最小的数. 因 ...
- Luogu P4168 [Violet]蒲公英 分块
这道题算是好好写了.写了三种方法. 有一个好像是$qwq$$N\sqrt(N)$的方法,,但是恳请大佬们帮我看看为什么这么慢$qwq$(后面的第三种) 注:$pos[i]$表示$i$属于第$pos[i ...
- 「分块系列」「洛谷P4168 [Violet]」蒲公英 解题报告
蒲公英 Description 我们把所有的蒲公英看成一个长度为\(n\)的序列(\(a_1,a_2,...a_n\)),其中\(a_i\)为一个正整数,表示第i棵蒲公英的种类的编号. 每次询问一个区 ...
- 【洛谷 P4168】[Violet]蒲公英(分块)
题目链接 题目大意:给定\(n\)个数和\(m\)个求区间众数的询问,强制在线 这题我\(debug\)了整整一个下午啊..-_- 从14:30~16:45终于\(debug\)出来了,\(debug ...
随机推荐
- Python 的第一个小程序
F盘 新建文本文档 hello.txt 内容为: print("hello world! hello 2018!"); 打开CMD cd c:\ ...
- spring的bean创建过程
Spring的bean创建过程 步骤 执行过程 描述 1 ThreadLocal.set bean创建之前将beanName的一些属性放进ThreadLocal,避免多线程创建bean导致问题,并发创 ...
- 【转】Linux的nm查看动态库和静态库的符号
转自https://blog.csdn.net/qq_16683355/article/details/52297884 功能 列出.o..a..so中的符号信息,包括符号的值,符号类型及符号名称等. ...
- vim详解
vim介绍: 1.vim是vi的升级版本 2.vim是带有颜色显示的 3.vim三个模式:一般模式.编辑模式.命令模式 最小化模式下默认是没有安装vim的: [root@linux-xl ~]# yu ...
- OO第一单元作业总结之初识面向对象
第一个单元的三次作业均为求导,循序渐进的让我们掌握如何构造类和方法,让整个代码是面向对象的设计而不是面向过程的设计.如果第一次作业和第二次作业你只是简单的对过程着手架构类,到了第三次作业就会变得格外麻 ...
- MySQL数据库语句
一 . 常用mysql命令行命令 1 .启动MYSQL服务 net start mysql 停止MYSQL服务 net stop mysql 2 . netstat –na | ...
- WScript与CScript的区别
WSH有两种形式:一为WScript是一个窗口化的版本:一为CScript是一个命令行的版本.两种版本都可以运行任何脚本.二者之间的区别是,窗口化版本(WScript)使用一个弹出对话框来显示文本输出 ...
- [ 转 ] RESTful
一.什么是RESTful 定义: REST全程是Representational State Transfer,表述性状态转移.它首次出现在2000年Roy Fielding的博士论文中,Roy Fi ...
- 关于IEDA中的字母与数字的坑
今天写一个demo,环境是在IDEA下写的,遇到一个关于字母与数字完全一样的坑 在jsp页面中有一个input是这样的 <input type="file" name=&qu ...
- dom树渲染对性能的影响
这样写会访问两次dom节点树,一次读取innerHTML,一次重写innerHTML. 当然,加载速度也是很惊人的. 用一个变量把a存起来,只读取和重写innerHTML一次. 可以看到加载时间大幅度 ...