NOIP模拟 7.04
魔术球问题弱化版(ball.c/.cpp/.pas)
【题目描述】
假设有 n 根柱子,现要按下述规则在这 n 根柱子中依次放入编号为 1,2,3,…的球。
(1)每次只能在某根柱子的最上面放球。
(2)在同一根柱子中,任何 2 个相邻球的编号之和为完全平方数。
试设计一个算法,计算出在 n 根柱子上最多能放多少个球。例如,在 4 根柱子上最多可放 11 个球。
对于给定的 n,计算在 n 根柱子上最多能放多少个球。
【输入描述】
第 1 行有 1 个正整数 n,表示柱子数。
【输出描述】
一行表示可以放的最大球数
4
样例输出。
样例输入
11
题目限制(为什么说弱化版就在这里)
N<=60,时限为3s
【题解】
暴力。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <queue>
#include <cmath> const int INF = 0x3f3f3f3f;
const int MAXN = + ; inline void read(long long &x)
{
x = ;char ch = getchar();char c = ch;
while(ch > '' || ch < '')c = ch, ch = getchar();
while(ch <= '' && ch >= '')x = x * + ch - '', ch = getchar();
if(c == '-')x = -x;
} long long ans,num[MAXN],n; void dfs(int step)
{
for(int i = ;i <= n;++ i)
{
if(!num[i])
{
num[i] = step;
ans = step;
dfs(step + );
return;
}
int k = sqrt(num[i] + step);
if(k * k == num[i] + step)
{
ans = step;
num[i] = step;
dfs(step + );
break;
}
}
return;
} int main()
{
read(n);
dfs();
printf("%lld", ans);
return ;
}
2.征兵(conscription.c/.cpp/.pas)
一个国王,他拥有一个国家。最近他因为国库里钱太多了,闲着蛋疼要征集一只部队要保卫国家。他选定了N个女兵和M个男兵,但事实上每征集一个兵他就要花10000RMB,即使国库里钱再多也伤不起啊。他发现,某男兵和某女兵之间有某种关系(往正常方面想,一共R种关系),这种关系可以使KING少花一些钱就可以征集到兵,不过国王也知道,在征兵的时候,每一个兵只能使用一种关系来少花钱。这时国王向你求助,问他最少要花多少的钱。
读入(conscription.in)
第一行:T,一共T组数据。
接下来T组数据,
第一行包括N,M,R
接下来的R行 包括Xi,Yi,Vi 表示如果招了第Xi个女兵,再招第Yi个男兵能省Vi元(同样表示如果招了第Yi个男兵,再招第Xi个女兵能也省Vi元)
输出(conscription.out)
共T行,表示每组数据的最终花费是多少(因为国库里的钱只有2^31-1,所以保证最终花费在maxlongint范围内)
样例输入
2
5 5 8
4 3 6831
1 3 4583
0 0 6592
0 1 3063
3 3 4975
1 3 2049
4 2 2104
2 2 781
5 5 10
2 4 9820
3 2 6236
3 1 8864
2 4 8326
2 0 5156
2 0 1463
4 1 2439
0 4 4373
3 4 8889
2 4 3133
样例输出
71071
54223
数据范围
数据保证
T<=5 ,m,n<=10000,r<=50000,Xi<=m,Yi<=n,Vi<=10000,结果<=2^31-1
【题解】
最大生成树。开始读错题了,以为是KM。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <queue> const int INF = 0x3f3f3f3f;
const int MAXN = + ;
const int MAXM = + ; inline void read(int &x)
{
x = ;char ch = getchar();char c = ch;
while(ch > '' || ch < '')c = ch, ch = getchar();
while(ch <= '' && ch >= '')x = x * + ch - '', ch = getchar();
if(c == '-')x = -x;
} int u[MAXM],v[MAXM],w[MAXM],cnt[MAXM];
int t,n,m,r;
int fa[MAXN];
long long ans; bool cmp(int a, int b)
{
return w[a] >= w[b];
} int find(int x)
{
return x == fa[x] ? x : fa[x] = find(fa[x]);
} int main()
{
read(t);
for(;t;--t)
{
ans = ;
read(n);read(m);read(r);
int tmp = (n + m) << ;
for(register int i = ;i <= tmp;++ i)
fa[i] = i;
for(register int i = ;i <= r;++ i)
cnt[i] = i;
for(register int i = ; i <= r;++ i)
{
read(u[i]);read(v[i]);read(w[i]);
u[i] = u[i] << ;
v[i] = v[i] << | ;
}
std::sort(cnt + , cnt + + r, cmp);
for(register int i = ;i <= r;++ i)
{
int x = find(u[cnt[i]]);
int y = find(v[cnt[i]]);
if(x != y)
{
ans += w[cnt[i]];
fa[x] = y;
}
}
printf("%lld\n", (long long)(n + m) * - ans) ;
}
return ;
}
3.坑爹的GPS(gpsduel.c/.cpp/.pas)
有一天,FJ买了一辆车,但是,他一手下载了两个GPS系统。好了现在麻烦的事情来了,GPS有一个功能大概大家也知道,如果FJ没有按照GPS内置地图的最短路走,GPS就会报错来骚扰你。现在FJ准备从他的农舍(在1这个点)开车到他的谷屋(n这个点)。FJ给了你两个GPS系统内置地图的信息,他想知道,他最少会听到多少次报错(如果FJ走的路同时不满足两个GPS,报错次数+2)
读入:第一行:n,k;n表示有FJ的谷屋在哪,同时保证GPS内置地图里的点没有超过n的点。K表示GPS内置地图里的路有多少条,如果两个点没有连接则表明这不是一条通路。
接下来k行,每行4个数X,Y,A,B分别表示从X到Y在第一个GPS地图里的距离是A,在第二个GPS地图里的是B。注意由于地形的其他因素GPS给出的边是有向边。
输出:一个值,表示FJ最少听到的报错次数。
样例输入:
5 7
3 4 7 1
1 3 2 20
1 4 17 18
4 5 25 3
1 2 10 1
3 5 4 14
2 4 6 5
样例输出:
1
解释
FJ选择的路线是1 2 4 5,但是GPS 1认为的最短路是1到3,所以报错一次,对于剩下的2 4 5,两个GPS都不会报错。
数据范围
N<=10000,至于路有多少条自己算吧。数据保证所有的距离都在2^31-1以内。
来源
USACO 2014年 全美公开赛银组第二题(各位轻虐银组题)
【题解】
三次最短路。
先建反图,求出每个点到终点的最短路。然后求走每条边会引起的错误值的变化,再求最短路即可。
#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <algorithm>
#include <queue> const int INF = 0x3f3f3f3f;
const int MAXN = + ;
const int MAXQ = + ;
const int MAXM = + ; inline void read(int &x)
{
x = ;char ch = getchar();char c = ch;
while(ch > '' || ch < '')c = ch, ch = getchar();
while(ch <= '' && ch >= '')x = x * + ch - '', ch = getchar();
if(c == '-')x = -x;
} struct Edge
{
int u,v,next,w;
}edge1[MAXM],edge2[MAXM],edge3[MAXM];
int head1[MAXN],head2[MAXN],head3[MAXN],cnt1,cnt2,cnt3;
int b1[MAXN],b2[MAXN],b3[MAXN];
long long d1[MAXN],d2[MAXN],d3[MAXN];
int n,m; void insert1(int a, int b, int c){edge1[++cnt1] = Edge{a, b, head1[a], c};head1[a] = cnt1;}
void insert2(int a, int b, int c){edge2[++cnt2] = Edge{a, b, head2[a], c};head2[a] = cnt2;}
void insert3(int a, int b, int c){edge3[++cnt3] = Edge{a, b, head3[a], c};head3[a] = cnt3;} std::queue<int> q; void SPFA1()
{
memset(d1, 0x3f, sizeof(d1));
q.push(n);
b1[n] = ;
d1[n] = ;
register int pos;
while(!q.empty())
{
int u = q.front();
q.pop();
b1[u] = ;
for(pos = head1[u];pos;pos = edge1[pos].next)
{
int v = edge1[pos].v;
if(d1[v] > d1[u] + edge1[pos].w)
{
d1[v] = d1[u] + edge1[pos].w;
if(!b1[v])
{
q.push(v);
b1[v] = ;
}
}
}
}
} void SPFA2()
{
memset(d2, 0x3f, sizeof(d2));
q.push(n);
b2[n] = ;
d2[n] = ;
register int pos;
while(!q.empty())
{
int u = q.front();
q.pop();
b2[u] = ;
for(pos = head2[u];pos;pos = edge2[pos].next)
{
int v = edge2[pos].v;
if(d2[v] > d2[u] + edge2[pos].w)
{
d2[v] = d2[u] + edge2[pos].w;
if(!b2[v])
{
q.push(v);
b2[v] = ;
}
}
}
}
} void SPFA3()
{
memset(d3, 0x3f, sizeof(d3));
q.push();
b3[] = ;
d3[] = ;
register int pos;
while(!q.empty())
{
int u = q.front();
q.pop();
b3[u] = ;
for(pos = head3[u];pos;pos = edge3[pos].next)
{
int v = edge3[pos].v;
if(d3[v] > d3[u] + edge3[pos].w)
{
d3[v] = d3[u] + edge3[pos].w;
if(!b3[v])
{
q.push(v);
b3[v] = ;
}
}
}
}
} int main()
{
read(n);read(m);
register int tmp1, tmp2, tmp3, tmp4,i;
for(i = ;i <= m; ++ i)
{
read(tmp1);read(tmp2);read(tmp3);read(tmp4);
insert1(tmp2, tmp1, tmp3);
insert2(tmp2, tmp1, tmp4);
insert3(tmp1, tmp2, );
}
SPFA1();
SPFA2();
for(int i = ;i <= cnt3;++ i)
{
tmp1 = edge3[i].v;tmp2 = edge3[i].u;
if(d1[tmp1] + edge1[i].w > d1[tmp2]) ++edge3[i].w;
if(d2[tmp1] + edge2[i].w > d2[tmp2]) ++edge3[i].w;
}
SPFA3();
printf("%lld", d3[n]);
return ;
}
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