[2019杭电多校第七场][hdu6656]Kejin Player
题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=6656
题意为从i级花费a元有p的概率升到i+1级,有1-p的概率降到x级(x<i),查询从L级升到R级的花费期望。
菜鸡才知道期望是有可加性的QAQ,即1-5的期望==1-2的期望+2-5的期望。
如果明确这一点就可以比较轻松的推出转移方程.....阿勒?
感觉和我往常见得有点不一样啊QAQ。
按照以往的思路,我会设dp[i]为i到n的期望,则转移方程为$dp[i]=p*dp[i+1]+(1-p)*dp[x[i]]+a[i]$
然后....就没有然后了,只能暴力跑高斯消元了。
可是按照以往的套路来说,不是会有很棒的化简方式使得式子可以直接退出来吗。
所以去巨佬们的博客学习一番后回来搞了搞。
大致的思路是这样的,先设f[i]表示从第i级到第i+1级的期望,dp[i]表示从第1级到第i级的期望,对于f[i] ,有p的概率交钱直接变成i+1,有(1-p)的概率回到x级,那么回到x级后想要升级到i+1,需要dp[i]-dp[x]升回到i级,再+f[i]到i+1级,则转移方程为$f[i]=p*a[i]+(1-p)*(dp[i]-dp[x[i]]+f[i]+a[i])$
涨姿势了QAQ
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<string>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn = 5e5 + ;
const ll mod = 1e9 + ;
const ll qpow(ll a, ll b) {
ll ans = ;
while (b) {
if (b & )
ans = a * ans%mod;
a = a * a%mod;
b /= ;
}
return ans;
}
ll r[maxn], s[maxn], x[maxn], a[maxn], dp[maxn];
int main() {
int t;
scanf("%d", &t);
while (t--) {
int n, q;
scanf("%d%d", &n, &q);
for (int i = ; i <= n; i++)
scanf("%lld%lld%lld%lld", &r[i], &s[i], &x[i], &a[i]);
for (int i = ; i <= n; i++) {
ll p = r[i] * qpow(s[i], mod - ) % mod;
ll pp = qpow(p, mod - ) % mod;
ll f = (a[i] + ( + mod - p) % mod*(dp[i] + mod - dp[x[i]]) % mod) % mod*pp%mod;
dp[i + ] = (dp[i] + f) % mod;
}
while (q--) {
int l, r;
scanf("%d%d", &l, &r);
printf("%lld\n", (dp[r] - dp[l] + mod) % mod);
}
}
}
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