题目:

Description

世界树是一棵无比巨大的树,它伸出的枝干构成了整个世界。在这里,生存着各种各样的种族和生灵,他们共同信奉着绝对公正公平的女神艾莉森,在他们的信条里,公平是使世界树能够生生不息、持续运转的根本基石。

世界树的形态可以用一个数学模型来描述:世界树中有n个种族,种族的编号分别从1到n,分别生活在编号为1到n的聚居地上,种族的编号与其聚居地的编号相同。有的聚居地之间有双向的道路相连,道路的长度为1。保证连接的方式会形成一棵树结构,即所有的聚居地之间可以互相到达,并且不会出现环。定义两个聚居地之间的距离为连接他们的道路的长度;例如,若聚居地a和b之间有道路,b和c之间有道路,因为每条道路长度为1而且又不可能出现环,所卧a与c之间的距离为2。

出于对公平的考虑,第i年,世界树的国王需要授权m[i]个种族的聚居地为临时议事处。对于某个种族x(x为种族的编号),如果距离该种族最近的临时议事处为y(y为议事处所在聚居地的编号),则种族x将接受y议事处的管辖(如果有多个临时议事处到该聚居地的距离一样,则y为其中编号最小的临时议事处)。

现在国王想知道,在q年的时间里,每一年完成授权后,当年每个临时议事处将会管理多少个种族(议事处所在的聚居地也将接受该议事处管理)。 现在这个任务交给了以智慧著称的灵长类的你:程序猿。请帮国王完成这个任务吧。

题解:

首先构建出虚树来.

然后我们考虑统计答案.

我们发现我们要做的就是把每一条边上所含的非虚树点给分到两端上

容易发现这条边一定是从某一个点劈开,两端分别分给两端。

所以我们考虑在每条边上二分即可..

是不是很简单 ~~~

反正我是快写死了..

#include <cstdio>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
inline void read(int &x){
x=0;char ch;bool flag = false;
while(ch=getchar(),ch<'!');if(ch == '-') ch=getchar(),flag = true;
while(x=10*x+ch-'0',ch=getchar(),ch>'!');if(flag) x=-x;
}
const int maxn = 300010;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
int siz[maxn],son[maxn],dep[maxn],fa[maxn][22];
int top[maxn],mn[maxn],mnid[maxn],ans[maxn];
int dfn[maxn],dfs_clock,res[maxn],c[maxn],tot;
bool col[maxn];
struct Graph{
struct Edge{
int to,next;
}G[maxn<<1];
int head[maxn],cnt;
void add(int u,int v){
G[++cnt].to = v;
G[cnt].next = head[u];
head[u] = cnt;
}
#define v G[i].to
void dfs(int u){
siz[u] = 1;
for(int i = head[u];i;i=G[i].next){
if(v == fa[u][0]) continue;
fa[v][0] = u;
dep[v] = dep[u] + 1;
dfs(v);
siz[u] += siz[v];
if(siz[son[u]] < siz[v]) son[u] = v;
}
}
void dfs(int u,int tp){
top[u] = tp;dfn[u] = ++ dfs_clock;
if(son[u]) dfs(son[u],tp);
for(int i = head[u];i;i=G[i].next){
if(v == son[u] || v == fa[u][0]) continue;
dfs(v,v);
}
}
void dfs1(int u,int f){
mn[u] = inf;mnid[u] = 0;res[u] = siz[u];
c[++tot] = u;
for(int i = head[u];i;i=G[i].next){
if(v == f) continue;
dfs1(v,u);int d = dep[v] - dep[u];
if(mn[u] > mn[v] + d){
mn[u] = mn[v] + d;
mnid[u] = mnid[v];
}else if(mn[u] == mn[v] + d && mnid[u] > mnid[v]){
mnid[u] = mnid[v];
}
}
if(col[u]){
mn[u] = 0;
mnid[u] = u;
}
}
void dfs2(int u,int f,int num,int numid){
if(mn[u] > num){
mn[u] = num;
mnid[u] = numid;
}else if(mn[u] == num && mnid[u] > numid){
mnid[u] = numid;
}
for(int i = head[u];i;i=G[i].next){
if(v == f) continue;
int d = dep[v] - dep[u];
dfs2(v,u,mn[u]+d,mnid[u]);
}
} #undef v
}g1,g2;
inline void solve(int f,int u){
int x = u;
for(int j = 18;~j;--j){
if(dep[fa[x][j]] > dep[f]){
x = fa[x][j];
}
}res[f] -= siz[x];
if(mnid[f] == mnid[u]){
ans[mnid[f]] += siz[x] - siz[u];
return ;
}
int y = u;
for(int j = 18;~j;--j){
if(dep[fa[y][j]] <= dep[f]) continue;
int du = mn[u] + dep[u] - dep[fa[y][j]];
int df = mn[f] + dep[fa[y][j]] - dep[f];
if(du < df || (du == df && mnid[u] < mnid[f])) y = fa[y][j];
}
ans[mnid[f]] += siz[x] - siz[y];
ans[mnid[u]] += siz[y] - siz[u];
}
inline int lca(int u,int v){
while(top[u] != top[v]){
if(dep[top[u]] < dep[top[v]]) swap(u,v);
u = fa[top[u]][0];
}return dep[u] < dep[v] ? u : v;
}
inline bool cmp(const int &i,const int &j){
return dfn[i] < dfn[j];
}
int sta[maxn],a[maxn],b[maxn];
int main(){
int n;read(n);
for(int i=1,u,v;i<n;++i){
read(u);read(v);
g1.add(u,v);
g1.add(v,u);
}
g1.dfs(1);g1.dfs(1,1);
fa[1][0] = 1;
for(int j=1;j<=18;++j){
for(int i=1;i<=n;++i){
fa[i][j] = fa[fa[i][j-1]][j-1];
}
}
int q;read(q);
int top = 0;
while(q--){
int num;read(num);g2.cnt = 0;tot = 0;top = 0;
for(int i=1;i<=num;++i){
read(a[i]);b[i] = a[i];
col[a[i]] = true;
}
sort(a+1,a+num+1,cmp);
if(a[1] != 1) sta[++top] = 1;
for(int i=1;i<=num;++i){
if(top == 0) sta[++top] = a[i];
else{
int lc = lca(sta[top],a[i]);
while(dfn[sta[top]] > dfn[lc]){
if(dfn[sta[top-1]] <= dfn[lc]){
g2.add(lc,sta[top]);
if(sta[--top] != lc) sta[++top] = lc;
break;
}
g2.add(sta[top-1],sta[top]);
-- top;
}sta[++top] = a[i];
}
}
while(top > 1) g2.add(sta[top-1],sta[top]),--top;
g2.dfs1(sta[1],sta[1]);
g2.dfs2(sta[1],sta[1],mn[1]+1,mnid[1]);
for(int i=1,u;i<=tot;++i){
u = c[i];
for(int j = g2.head[u];j;j=g2.G[j].next){
solve(u,g2.G[j].to);
}
}
for(int i=1,u;i<=tot;++i){
u = c[i];
ans[mnid[u]] += res[u];
res[u] = 0;col[u] = 0;
g2.head[u] = 0;
}
for(int i=1;i<=num;++i){
printf("%d ",ans[b[i]]);
ans[b[i]] = 0;
}puts("");
}
return 0;
}

bzoj 3572: [Hnoi2014]世界树 虚树的更多相关文章

  1. bzoj 3572: [Hnoi2014]世界树 虚树 && AC500

    3572: [Hnoi2014]世界树 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSubmit: 520  Solved: 300[Submit][Status] ...

  2. bzoj 3572 [Hnoi2014]世界树——虚树

    题目:https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3572 关于虚树:https://www.cnblogs.com/zzqsblog/p/556 ...

  3. BZOJ 3572: [Hnoi2014]世界树 虚树 树形dp

    https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=3572 http://hzwer.com/6804.html 写的时候参考了hzwer的代码,不会写 ...

  4. BZOJ 3572 [HNOI2014]世界树 (虚树+DP)

    题面:BZOJ传送门 洛谷传送门 题目大意:略 细节贼多的虚树$DP$ 先考虑只有一次询问的情况 一个节点$x$可能被它子树内的一个到x距离最小的特殊点管辖,还可能被管辖fa[x]的特殊点管辖 跑两次 ...

  5. BZOJ 3572: [Hnoi2014]世界树 [虚树 DP 倍增]

    传送门 题意: 一棵树,多次询问,给出$m$个点,求有几个点到给定点最近 写了一晚上... 当然要建虚树了,但是怎么$DP$啊 大爷题解传送门 我们先求出到虚树上某个点最近的关键点 然后枚举所有的边$ ...

  6. 【BZOJ】3572: [Hnoi2014]世界树 虚树+倍增

    [题意]给定n个点的树,m次询问,每次给定ki个特殊点,一个点会被最近的特殊点控制,询问每个特殊点控制多少点.n,m,Σki<=300000. [算法]虚树+倍增 [题解]★参考:thy_asd ...

  7. BZOJ 3572: [Hnoi2014]世界树

    BZOJ 3572: [Hnoi2014]世界树 标签(空格分隔): OI-BZOJ OI-虚数 OI-树形dp OI-倍增 Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 512 ...

  8. bzoj 3572 [Hnoi2014]世界树(虚树+DP)

    3572: [Hnoi2014]世界树 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSubmit: 645  Solved: 362[Submit][Status] ...

  9. 【BZOJ3572】[Hnoi2014]世界树 虚树

    [BZOJ3572][Hnoi2014]世界树 Description 世界树是一棵无比巨大的树,它伸出的枝干构成了整个世界.在这里,生存着各种各样的种族和生灵,他们共同信奉着绝对公正公平的女神艾莉森 ...

随机推荐

  1. python在windows下安装paramiko模块和安装pycrypto模块(3步搞定)(转)

    Python中使用SSH需要用到OpenSSH,而OpenSSH依赖于paramiko模块,而paramiko模块又依赖于pycrypto模块,因此要在Python中使用SSH,我们需要先安装pycr ...

  2. 列表按照字母排序检索SideBar

    项目中要求列表按照ABCD这种字母排序检索的功能,看了大神写的,瞬间崇拜了,接下来借大家参考参考了 首先是自定义view sidebar /** * @author J *一个自定义view 实现a- ...

  3. python 之前函数补充(__del__, item系列, __hash__, __eq__) , 以及模块初体验

    __str__ :  str(obj) ,  需求必须实现了 __str__, 要求这个方法的返回值必须是字符串  str  类型 __repr__ (意为原型输出):  是 __str__ 的备胎( ...

  4. Django 模型系统(model)&ORM--进阶

    QuerySet 可切片 使用Python 的切片语法来限制查询集记录的数目 .它等同于SQL 的LIMIT 和OFFSET 子句. >>> Entry.objects.all()[ ...

  5. Linux中假设系统丢失了ls命令

    假设系统丢失了ls命令,如何修复: 1.查询ls命令属于那个rpm包[root@localhost ~]# rpm -qf /bin/lscoreutils-8.4-43.el6.x86_64 2.挂 ...

  6. 自编码器(autoencoder)

    今天我们会来聊聊用神经网络如何进行非监督形式的学习. 也就是 autoencoder, 自编码. 压缩与解压 有一个神经网络, 它在做的事情是 接收一张图片, 然后 给它打码, 最后 再从打码后的图片 ...

  7. MSSQL触发器

    1.触发器语法 CREATE TRIGGER<trigger name> ON [<模式名>.]<表名或视图名> [WITH ENCRYPTION] {{{FOR| ...

  8. 自定义jsonp请求数据

    整理代码的时候发现一个以前写的实现jsonp请求方法,放在这里分享一下~ 原理:通过js新建script dom对象,利用src携带参数和callback方法,将数据发送至后端,需要后端配合将数据放在 ...

  9. 牛客小白月赛1 B 简单题2 【数学】

    题目链接 https://www.nowcoder.com/acm/contest/85/B 思路 这个 也是 E AC代码 #include <cstdio> #include < ...

  10. linux mint console-setup

    sudo dpkg-reconfigure console-setup after setup, setupcon