NOIP模拟·20141105题解
【A、韩信点兵】
结论题+模板题,用到了中国剩余定理,维基百科上讲的就比较详细,这里就不再赘述了……
对于这题,我们先利用中国剩余定理($x \equiv \sum{(a_i m_i (m_i^{-1} \mod p_i))}\, \mod (\prod{p_i})$)找到当前人数的最小可行解$x_0$,(如果$x_0$已经超过了$N$,直接输出无解即可)这时不难证明,对于任何一个可行解,都有 $$x_i = x_0 + k \times \prod{P_i},k \in \mathbb{N}$$
我们的目标是找到不超过$N$的最大可行解x',那么答案就是$N - x'$。注意这里如果直接枚举$k$的话有一个测试点会超时(看起来我的数据规模还是挺良心的……只卡掉了10分)。正确的做法是先用$N$减去$x_0$,这时剩下的部分就是$N - x' + k \times \prod{P_i},k \in \mathbb{N}$,那么我们只需用这个结果对$\prod{P_i}$取余即可得到答案。
2 #include <cctype>
3 #include <algorithm>
4 #include <cstring>
5 #include <queue>
6 #include <cmath>
7 #include <iostream>
8
9
typedef long long LL;
using namespace std;
inline int lowbit(int x){return x & -x;}
int gcd(int a, int b){return (!a) ? b : gcd(b % a, b);}
template<typename T>T exgcd(T a, T b, T &x, T &y){
, y = ; return b;}
T d = exgcd(b % a, a, y, x);
x -= (b/a) * y;
return d;
}
/*=====================================*/
inline LL inv(LL a, LL mod){
LL x, y;
);
return (x % mod + mod) % mod;
}
LL n, M = , N[], e, S = ;
], a[], m;
inline void init(){
cin >> n >> m;
;i < m;++i){
cin >> P[i] >> a[i];
M *= P[i];
}
;i < m;++i){
N[i] = M / P[i];
e = N[i] * inv(N[i], P[i]) % M;
S = (S + e * a[i]) % M;
}
}
inline void work(){
LL x, y;
exgcd<LL>(, M, x, y);
x = ((x * S % M) + M ) % M;
<< endl;return;}
cout << (n - x) % M << endl;
}
int main(){
#if defined DEBUG
freopen("test", "r", stdin);
#else
freopen("HanXin.in", "r", stdin);
freopen("HanXin.out", "w", stdout);
#endif
init();
work();
;
}
中国剩余定理
【B、月考统计】
经典模型——差分约束系统。设第i位同学的分数为$x_i$,所有同学的最低分数为0. 则统计表中的每条息$i,j,a_{ij}$都可以形式化为 $$x_i - x_j \le a_{ij}$$。
对于这样一组不等式,我们可以抽象化出图论模型:每个同学都抽象为一个节点,再设一个起点0,表示所有同学的最低分数。对于每个不等式$x_i - x_j \le a_{ij}$,我们都从点i到点j连一条权值为$-a_{ij}$的有向边,表示从起点到点j的最长路权和最少比起点到i的最长路权和大$-a_{ij}$(可以用最长路的三角形不等式证明)。对于这样的图,用spfa求出从起点到每个点的最长路权和就是答案。
2 /*======================================================Code by Asm.Def========================================================*/
3 /*=============================================================================================================================*/
4 #include <cstdio>
5 #include <iostream>
6 #include <algorithm>
7 #include <cmath>
8 #include <cctype>
9 #include <memory.h>
#include <vector>
#include <set>
#include <string>
#include <cstring>
#include <map>
#include <queue>
#include <deque>
#include <stack>
#include <ctime>
#include <iterator>
#include <functional>
#include <cstdlib>
using namespace std;
/*===================================================================================*/
#define forall(it,v) for(__typeof(v.begin()) it = v.begin();it < v.end();++it)
#define pb push_back
#define REP(i,j,k) for(i = j;i <= k;++i)
#define REPD(i,j,k) for(i = j;i >= k;--i)
#define iter(v) v::iterator
typedef long long LL;
template<typename T> void getint(T &x){
char c = getchar();
while(!isdigit(c))c = getchar();
x = c - ';
+ c - ';
}
/*============================================================================================*/
+ ;
int N, M;
struct edge{
int to, w;
edge(int T, int W):to(T), w(W){}
};
vector<edge> adj[maxn];
queue<int> Q;
};
}, cnt[maxn] = {};
inline void init(){
cin >> N >> M;
int i, x, y, a;
while(M--){
cin >> x >> y >> a;
adj[x].push_back(edge(y, -a));
}
;i <= N;++i)
Q.push(i);inQ[i] = ;cnt[i] = ;
}
inline void work(){
int i, t;
iter(vector<edge>) it;
while(!Q.empty()){
t = Q.front();Q.pop();inQ[t] = ;
for(it = adj[t].begin();it != adj[t].end();++it)
if(dis[t] + it->w > dis[it->to]){
dis[it->to] = dis[t] + it->w;
if(!inQ[it->to]){
if(cnt[it->to] == N){
cout << "SOMEONE LAY!" << endl;
return;
}
Q.push(it->to);inQ[it->to] = ;++cnt[it->to];
}
}
}
;i <= N;++i)
cout << dis[i] << ' ';
}
int main(){
#ifdef DEBUG
freopen("test", "r", stdin);
#else
freopen("ExamStat.in", "r", stdin);
freopen("ExamStat.out", "w", stdout);
#endif
init();
work();
#ifdef DEBUG
//cout << endl << (double)clock() / CLOCKS_PER_SEC <<endl;
#endif
;
}
spfa解差分约束
【C、神奇的压缩机】
神奇的压缩机,神奇的阅读题……
这题改编自第21场Andrew Stankevich's Contest(俄国的ACM多校训练赛)的Lempel-Ziv Compression……
当时我的解法是预处理出字符串中每个子串的“满足i小于子串长度且i前缀与i后缀相等的i”的最大值(或 原串的每个后缀的KMP-next数组)……听起来相当拗口,不过套用KMP的预处理过程可以降低思维难度。
2 // Submission Date: 2014-10-02 16:34:32
3 // Time: 8256MS
4 // Memory: 34624KB
5
6 /*======================================================Code by Asm.Def========================================================*/
7 #include <cstdio>
8 #include <iostream>
9 #include <algorithm>
#include <cmath>
#include <cctype>
#include <memory.h>
#include <cstring>
#include <cstdlib>
using namespace std;
#define maxn ((int)4.1e3)
typedef long long LL;
char ch[maxn];
, minbit[maxn], *next[maxn];
int l[maxn], r[maxn], str[maxn];
inline void getnext(int l){
int i, j, L = len - l;
next[l] = ];
int *Next = next[l];
Next[] = ;
;i < L;++i){
j = Next[i-] - ;
] && j >= )
j = Next[j] - ;
])
Next[i] = j + ;
;
}
}
void printpro(int i){
if(str[i] == i){
);
int j;
for(j = r[i];j <= i;++j)putchar(ch[j]);
return;
}
printpro(str[i]);
printf("(%d,%d)", r[i], l[i]);
}
int main(){
#ifdef DEBUG
assert(freopen("test","r",stdin));
#endif
char c;
while(isalpha(c = getchar()))str[len] = len, ch[len++] = c;
int i, j, Min, t;
;i < len - ; ++i)
getnext(i);
minbit[] = ;
;i < len; ++i){
Min = 0x7fffffff;
;j < i;++j)
< Min){
Min = minbit[j] + (i-j)*;
str[i] = i;
r[i] = j+;
}
;j < i; ++j){
t = next[j][i-j];
if(!t)continue;
< Min){
Min = minbit[i-t] + ;
str[i] = i-t;
r[i] = i+-t-j;
l[i] = t;
}
}
minbit[i] = Min;
}
printf(]);
printpro(len-);
;
}
动态规划
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