链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1540

思路:三种操作:

D摧毁一个点

R重建最晚被修改的那个点

Q询问点x联通的点有多少个

逆向思维,D操作可以看成在平衡树上建个点,R看成在平衡树上删除一个点,Q询问x联通点个数,我们就可以直接在平衡树上找x的前驱l和后继r,点的个数就是r - l - 1,特判下当x点也被摧毁了,那么联通点数量为0。

实现代码:

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ls t[x].ch[0]
#define rs t[x].ch[1]
const int M = 6e5 + ;
const int inf = 0x3f3f3f3f;
map<int,int>mp;
int last[M],n,m,root,cnt;
struct node{
int ch[],cnt,siz,val,rd;
}t[M]; void up(int x){
t[x].siz = t[ls].siz + t[rs].siz+t[x].cnt;
} void rotate(int &x,int d){
int son = t[x].ch[d];
t[x].ch[d] = t[son].ch[d^];
t[son].ch[d^] = x; up(x); up(x=son);
} void Insert(int &x,int val){
if(!x){
x = ++cnt;
t[x].cnt = t[x].siz = ;
t[x].val = val,t[x].rd = rand();
return ;
}
t[x].siz ++;
if(t[x].val == val){
t[x].cnt++; return ;
}
int d = t[x].val < val; Insert(t[x].ch[d],val);
if(t[x].rd > t[t[x].ch[d]].rd) rotate(x,d);
} void del(int &x,int val){
if(!x) return ;
if(t[x].val == val){
if(t[x].cnt > ){
t[x].cnt--,t[x].siz--;return ;
}
bool d = t[ls].rd > t[rs].rd;
if(ls == ||rs == ) x = ls+rs;
else rotate(x,d),del(x,val);
}
else t[x].siz--,del(t[x].ch[t[x].val<val],val);
} int rk(int x,int val){
if(!x) return ;
if(t[x].val == val) return t[ls].siz+;
if(t[x].val > val) return rk(ls,val);
return rk(rs,val)+t[ls].siz+t[x].cnt;
} int kth(int root,int k){
int x = root;
while(){
if(k <= t[ls].siz) x = ls;
else if(k > t[ls].siz+t[x].cnt)
k -= t[ls].siz+t[x].cnt,x = rs;
else return t[x].val;
}
} int pre(int x,int val){
if(!x) return -inf;
if(t[x].val >= val) return pre(ls,val);
return max(pre(rs,val),t[x].val);
} int nex(int x,int val){
if(!x) return inf;
if(t[x].val <= val) return nex(rs,val);
return min(nex(ls,val),t[x].val);
} int main()
{
string op;
ios::sync_with_stdio();
cin.tie(); cout.tie();
while(cin>>n>>m){
int tot = ,l,r,x;root = ;
mp.clear();t[root].siz = ;
Insert(root,); Insert(root,n+);
for(int i = ;i <= m;i ++){
cin>>op;
if(op[]=='D'){
cin>>x;
if(mp[x] == ){
Insert(root,x);
mp[x] = ;
}
last[++tot] = x;
}
else if(op[] == 'R'){
if(!tot) continue;
del(root,last[tot]);
mp[last[tot]] = ;
tot--;
}
else{
cin>>x;
l = pre(root,x);
r = nex(root,x);
if(mp[x] == ) l = r;
// cout<<l<<" "<<r<<endl;
cout<<max(r-l-,)<<endl;
}
}
}
}

hdu 1540 Tunnel Warfare(Treap)的更多相关文章

  1. HDU 1540 Tunnel Warfare(线段树+区间合并)

    http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1540 题目大意:抗日战争期间进行地道战,存在n个村庄用地道连接,输入D表示破坏某个村庄(摧毁与其相连的地道, 包 ...

  2. hdu 1540 Tunnel Warfare (线段树,维护当前最大连续区间)

    Description During the War of Resistance Against Japan, tunnel warfare was carried out extensively i ...

  3. hdu 1540 Tunnel Warfare (线段树 区间合并)

    Tunnel Warfare Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/32768 K (Java/Others)To ...

  4. HDU 1540 Tunnel Warfare (线段树)

    Tunnel Warfare Problem Description During the War of Resistance Against Japan, tunnel warfare was ca ...

  5. hdu 1540 Tunnel Warfare(线段树)

    题目链接 http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1540 题意:D代表破坏村庄,R代表修复最后被破坏的那个村庄,Q代表询问包括x在内的最大连续区间是多少. ...

  6. HDU - 1540 Tunnel Warfare(线段树区间合并)

    https://cn.vjudge.net/problem/HDU-1540 题意 D代表破坏村庄,R代表修复最后被破坏的那个村庄,Q代表询问包括x在内的最大连续区间是多少. 分析 线段树的区间内,我 ...

  7. HDU 1540 Tunnel Warfare(最长连续区间 基础)

    校赛,还有什么途径可以申请加入ACM校队?  Tunnel Warfare Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/ ...

  8. hdu 1540 Tunnel Warfare (区间线段树(模板))

    http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=1540 Tunnel Warfare Time Limit: 4000/2000 MS (Java/Others) ...

  9. HDU 1540 Tunnel Warfare 线段树区间合并

    Tunnel Warfare 题意:D代表破坏村庄,R代表修复最后被破坏的那个村庄,Q代表询问包括x在内的最大连续区间是多少 思路:一个节点的最大连续区间由(左儿子的最大的连续区间,右儿子的最大连续区 ...

随机推荐

  1. vue报错信息

    1.Property or method "xxx" is not defined on the instance but referenced during render. 原因 ...

  2. Python全栈开发之路 【第六篇】:Python基础之常用模块

    本节内容 模块分类: 好处: 标准库: help("modules") 查看所有python自带模块列表 第三方开源模块: 自定义模块: 模块调用: import module f ...

  3. Python_迭代器和生成器的复习_38

    迭代器和生成器 迭代器: 双下方法:很少直接调用的方法,一般情况下,是通过其他方法触发的 可迭代的协议——可迭代协议 含有__iter__ 的方法 ('__iter__' in dir(数据)) 可迭 ...

  4. Spring Boot 中使用 @Transactional 注解配置事务管理

    事务管理是应用系统开发中必不可少的一部分.Spring 为事务管理提供了丰富的功能支持.Spring 事务管理分为编程式和声明式的两种方式.编程式事务指的是通过编码方式实现事务:声明式事务基于 AOP ...

  5. 行政区划sql数据脚本

    行政区划sql数据脚本 IF (EXISTS(SELECT * FROM sys.objects WHERE object_id = OBJECT_ID(N'[dbo].[TB_Province]') ...

  6. 项目笔记-SC01

    项目启动已有两周,从分析需求到系统设计,文档性工作比较多,只是文档参考比较少,相对的标准就不好界定了. 计划开发时间理论上是按部就班的,没什么变化,可能真正进入开发阶段才会遇到一些问题吧,有些问题就是 ...

  7. p76泛函 有限维空间真子空间不可能在全空间稠密

    连续函数  然后多项式函数是稠密的 多项式子空间是无穷维的 多项式空间就是在全体连续函数的线性空间中稠密 有限维子空间是闭的 多项式空间也不是有限维 2的地方说 有限维真子空间必不稠密 那是对的啊 有 ...

  8. opencv2\core\cuda.hpp(106): error C2059: 语法错误:“常量”

    在 cuda.hpp 中, virtual void free(GpuMat* mat) = 0;   -> virtual void _free(GpuMat* mat) = 0;

  9. java核心API学习

    1:java.lang  (Object.String.StringBuffer.Thread.System.ClassLoader.Class.Runtime.包装类等)

  10. spring后置处理器BeanPostProcessor

    BeanPostProcessor的作用是在调用初始化方法的前后添加一些逻辑,这里初始化方法是指在配置文件中配置init-method,或者实现了InitializingBean接口的afterPro ...