题意:给你n个点,点间m条路,给出在每条路要走的时间。现在有q个任务,要摧毁q个点,每次提供ci和ti表示在时间ti摧毁点ci(必须正好在时间ti才能摧毁),每个点可能需要多次摧毁(同一时间能在同一个点摧毁无数个点),允许在某个点停留任意时间。问现在要派几个小兵去摧毁点,最少派几个?

原题:

思路:小兵既然能无限停留在某个点,那么我能从t小的点走到t大的点并摧毁t大的那个点的条件,应该是这两点间最短路小于等于时间差。所以我们直接Floyd跑多源最短路。但是他只需要摧毁q个可能重复的点,不是摧毁整张图,那么我们可以这么想,把q次摧毁看成q个单独的点,每个点的距离就是他们所代表的点之间的最短路(显然相同两个点距离0),然后这样拆点得到二分图,跑最小可相交路径覆盖。

参考:有向无环图(DAG)的最小路径覆盖

代码:

#include<set>
#include<map>
#include<stack>
#include<cmath>
#include<queue>
#include<vector>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<iostream>
#include<algorithm>
typedef long long ll;
using namespace std;
const int maxn = + ;
const int seed = ;
const ll MOD = 1e9 + ;
const int INF = 0x3f3f3f3f;
struct Edge{
int v, next;
}edge[maxn * ];
int head[maxn], tot;
ll mp[][];
void addEdge(int u, int v){
edge[tot].v = v;
edge[tot].next = head[u];
head[u] = tot++;
}
void init(){
memset(head, -, sizeof(head));
memset(mp, INF, sizeof(mp));
tot = ;
}
void floyd(int n){
for(int k = ; k <= ; k++){
for(int i = ; i <= ; i++){
for(int j = ; j <= ; j++){
if(mp[i][j] > mp[i][k] + mp[k][j]){
mp[i][j] = mp[i][k] + mp[k][j];
}
}
}
}
}
int cy[maxn];
bool vis[maxn];
bool dfs(int u){
for(int i = head[u]; i != -; i = edge[i].next){
int v = edge[i].v;
if(vis[v]) continue;
vis[v] = true;
if(cy[v] == - || dfs(cy[v])){
cy[v] = u;
return true;
}
}
return false;
}
int solve(int n){
int ret = ;
memset(cy, -, sizeof(cy));
for(int i = ;i <= n; i++){
memset(vis, , sizeof(vis));
ret += dfs(i);
}
return ret;
}
int c[maxn], t[maxn];
int main(){
int n, m, q;
init();
scanf("%d%d%d", &n, &m, &q);
int u, v;
ll x;
for(int i = ; i < m; i++){
scanf("%d%d%lld", &u, &v, &x);
u++, v++;
mp[u][v] = mp[v][u] = min(mp[u][v], x);
}
for(int i = ; i <= ; i++)
mp[i][i] = ;
floyd(n);
for(int i = ; i <= q; i++)
scanf("%d%d", &c[i], &t[i]), c[i]++;
for(int i = ; i <= q; i++){
for(int j = ; j <= q; j++){
if(i == j) continue;
if(t[j] >= t[i] && mp[c[i]][c[j]] <= (t[j] - t[i])){
addEdge(i, j + q);
}
}
}
printf("%d\n", q - solve( * q));
return ;
}

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