Codeforces Round #750 (Div. 2)

A. Luntik and Concerts

思路分析:

  • 首先我们可以肯定的是a,b,c都大于等于1,所以我们先让它们自己抵消自己,最后a,c只有三种情况。
  • a = 1, c = 1 如果只有奇数个b,我们取一个b * 2 + a抵消c,否则就拿两个b放到一个数组,另外一个放1个a,1个c。
  • a = 0, c = 1 不能抵消。
  • a = 0, c = 0 如果是偶数个b,那么我们把b分成两份,否则,我们就先取出一个b和一对a,c抵消,剩下的就和a = 1, c = 1,b为偶数一样了。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define ll long long
signed main()
{
ios::sync_with_stdio(0);
cin.tie(0);
cout.tie(0);
ll t;
cin >> t;
while (t--)
{
ll a, b, c;
cin >> a >> b >> c;
a %= 2;
c %= 2;
if (a == 0 && c == 0 || (a == 1 && c == 1))
{
cout << 0 << endl;
}
else
cout << 1 << endl;
}
return 0;
}

B. Luntik and Subsequences

思路分析:

  • 考虑1和0这两个元素,如果有n个0的话我们对于每个0都有选与不选,所以答案就是\(2^n\),如果有m个1的话我们至少要选一个1,答案就是\(C_m^1\),乘法即可。

代码

#include <bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
const int maxn = 100;
int a[maxn];
map<ll, ll> cnt;
ll qpow(ll a, ll b)
{
ll ans = 1;
while (b)
{
if (b & 1)
ans = ans * a;
a = a * a;
b >>= 1;
}
return ans;
}
int main()
{
ios::sync_with_stdio(0);
cin.tie(0);
cout.tie(0);
int t;
cin >> t;
while (t--)
{
cnt.clear();
long long sum = 0;
int n;
cin >> n;
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
cin >> a[i];
sum += a[i];
cnt[a[i]]++;
}
cout << cnt[1] * qpow(2ll, cnt[0]) << endl;
}
return 0;
}

C. Grandma Capa Knits a Scarf

思路分析:

  • 首先我们肯定的是要删去的字符肯定是首次出现的不对称的两个字符(如果是其他的那么在第一个位置就不对称了)。
  • 然后就是如何求删除次数,我在这里采用的是双指针做法,一个在最左段,一个在最右段,如果相等,那么就指针移动,否则就删去和当前字符一样的字符,如果两端都不是当前字符,那么不可能回文,注意删去之后指针的移动即可。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 1e5 + 10;
char s[maxn];
int main()
{
int t;
cin >> t;
while (t--)
{
int n;
scanf("%d", &n);
scanf("%s", s + 1);
int ans = 0x3f3f3f3f;
int l = 1, r = n;
char ch[3];
int cnt = 0;
while (l < r)
{
if (s[l] == s[r])
{
l++;
r--;
}
else
{
ch[++cnt] = s[l];
ch[++cnt] = s[r];
break;
}
}
for (int i = 1; i <= 2; i++)
{
char c = ch[i];
int l = 1, r = n;
bool flag = 1;
int cnt = 0;
while (l < r)
{
if (s[l] == s[r])
{
l++;
r--;
}
else if (s[l] == c)
{
l++;
cnt++;
}
else if (s[r] == c)
{
r--;
cnt++;
}
else
{
flag = 0;
break;
}
}
if (flag)
{
ans = min(ans, cnt);
}
}
if (ans == 0x3f3f3f3f)
cout << -1 << endl;
else
cout << ans << endl;
}
return 0;
}

D. Vupsen, Pupsen and 0

思路分析:

  • 题目要求的是\(\sum_{i = 1}^n{a_i\times b_i} = 0\),我们可以这样想,我们把两个数两两匹配例如:\(a_i = 5, a_{i+1} = 4\) 我们就可以令\(b_i = 4, b_{i+1} = -5\),依次类推。
  • 那么每次都能两两匹配的话\(n\)必须是偶数,所以还要讨论\(n\)为奇数的时候,我们可以直接把前三项取出来,让这三项相加为\(0\),那么就有三种情况。

代码

#include <bits/stdc++.h>
#define ll long long
using namespace std;
const int maxn = 1e5 + 10;
ll a[maxn];
ll sum;
int main()
{
ios::sync_with_stdio(0);
cin.tie(0);
cout.tie(0);
int t;
cin >> t;
while (t--)
{
sum = 0;
ll n;
cin >> n;
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
cin >> a[i];
sum += a[i];
}
if (n % 2 == 0)
{
for (int i = 1; i <= n; i += 2)
{
cout << a[i + 1] << ' ' << -a[i] << ' ';
}
cout << endl;
}
else if (n % 2 == 1)
{
//不可能三项加起来都为0,所以保证了有答案
//推一下就好了
if (a[3] + a[1] != 0)
cout << a[2] << ' ' << -(a[3] + a[1]) << ' ' << a[2] << ' ';
else if (a[1] + a[2] != 0)
{
cout << a[3] << ' ' << a[3] << ' ' << -(a[2] + a[1]) << ' ';
}
else if (a[3] + a[2] != 0)
{
cout << -(a[2] + a[3]) << ' ' << a[1] << ' ' << a[1] << ' ';
}
for (int i = 4; i <= n; i += 2)
{
cout << a[i + 1] << ' ' << -a[i] << ' ';
}
cout << endl;
}
}
return 0;
}

F1. Korney Korneevich and XOR (easy version)

思路分析:

  • 考虑dp,dp[i]表示得到i这个数的子序列最后一位(递增子序列)的最小值,具体细节看代码注释。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 1e5 + 10;
int dp[1001];
int a[maxn];
int main()
{
int n;
cin >> n;
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
cin >> a[i];
}
memset(dp, 0x3f3f3f3f, sizeof(dp));
//先让dp[i]默认为最大
dp[0] = 0;
//dp[0] = 0;
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
for (int j = 1000; j >= 0; j--)
{
//更新一下子序列最后一位的最小值
if (dp[j] < a[i])
{
dp[j ^ a[i]] = min(dp[j ^ a[i]], a[i]);
}
//只要子序列最后一位的最小值小于当前这个数就可以状态转移,因为保证子序列是递增的。
}
}
int cnt = 0;
for (int i = 0; i <= 1000; i++)
{
if (dp[i] != 0x3f3f3f3f)
cnt++;
}
cout << cnt << endl;
for (int i = 0; i <= 1000; i++)
{
if (dp[i] != 0x3f3f3f3f)
cout << i << ' ';
}
cout << endl;
return 0;
}

F2. Korney Korneevich and XOR (hard version)

思路分析:

  • 如果这题和上题一样的做法的话会T掉,所以要想一下另外一个算法。
  • 这里的dp值其实就是得到的异或值中的子序列中最后一个值的最先出现的位置。
  • 如果能加入到这个子序列的话,那么这个数必须要是在这个子序列中最后一个值出现的位置之后而且值小于它。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int maxn = 1 << 13;
int f[maxn];
const int N = 1e6 + 7;
int main()
{
int n;
cin >> n;
vector<int> a(n + 1), g[5005];
for (int i = 1; i <= n; i++)
{
cin >> a[i];
g[a[i]].emplace_back(i);
}
for (int i = 1; i < maxn; i++)
{
f[i] = N;
}
for (int i = 1; i <= 5000; i++)
{
for (int j = 0; j < maxn; j++)
{
auto pos = upper_bound(g[i].begin(), g[i].end(), f[j]);
if (pos != g[i].end())
{
f[i ^ j] = min((*pos), f[i ^ j]);
}
}
}
vector<int> ans;
for (int i = 0; i < maxn; ++i)
if (f[i] != N)
ans.emplace_back(i);
cout << ans.size() << '\n';
for (auto i : ans)
cout << i << ' ';
return 0;
}

Codeforces Round #750 (Div. 2)的更多相关文章

  1. Codeforces Round #750 (Div. 2) E. Pchelyonok and Segments

    传送门 题目大意: 给一个序列,可以在这个序列中从左至右选若干个段,第i段的长度为i,对于任意的段i,段内元素和S[i]<S[i+1],求在该序列中最多可以选出几段. 思路:设dp[i][j]为 ...

  2. Codeforces Round #366 (Div. 2) ABC

    Codeforces Round #366 (Div. 2) A I hate that I love that I hate it水题 #I hate that I love that I hate ...

  3. Codeforces Round #354 (Div. 2) ABCD

    Codeforces Round #354 (Div. 2) Problems     # Name     A Nicholas and Permutation standard input/out ...

  4. Codeforces Round #368 (Div. 2)

    直达–>Codeforces Round #368 (Div. 2) A Brain’s Photos 给你一个NxM的矩阵,一个字母代表一种颜色,如果有”C”,”M”,”Y”三种中任意一种就输 ...

  5. cf之路,1,Codeforces Round #345 (Div. 2)

     cf之路,1,Codeforces Round #345 (Div. 2) ps:昨天第一次参加cf比赛,比赛之前为了熟悉下cf比赛题目的难度.所以做了round#345连试试水的深浅.....   ...

  6. Codeforces Round #279 (Div. 2) ABCDE

    Codeforces Round #279 (Div. 2) 做得我都变绿了! Problems     # Name     A Team Olympiad standard input/outpu ...

  7. Codeforces Round #262 (Div. 2) 1003

    Codeforces Round #262 (Div. 2) 1003 C. Present time limit per test 2 seconds memory limit per test 2 ...

  8. Codeforces Round #262 (Div. 2) 1004

    Codeforces Round #262 (Div. 2) 1004 D. Little Victor and Set time limit per test 1 second memory lim ...

  9. Codeforces Round #371 (Div. 1)

    A: 题目大意: 在一个multiset中要求支持3种操作: 1.增加一个数 2.删去一个数 3.给出一个01序列,问multiset中有多少这样的数,把它的十进制表示中的奇数改成1,偶数改成0后和给 ...

随机推荐

  1. docker入门及常用命令

    Docker简介 Docker 是一个开源的应用容器引擎,基于 Go 语言 并遵从Apache2.0协议开源. Docker 可以让开发者打包他们的应用以及依赖包到一个轻量级.可移植的容器中,然后发布 ...

  2. css文本溢出省略号大总结,如你所愿

    一行: white-space: nowrap; text-overflow: ellipsis; overflow: hidden; word-break: break-all; 两行: width ...

  3. jQuery扩展方法 (插件机制)

    jQuery.extend(object) 扩展jQuery对象本身. 用来在jQuery命名空间上增加新函数. 在jQuery命名空间上增加两个函数: <script> jQuery.e ...

  4. Git 系列教程(11)- 分支简介

    前言 很多版本控制系统都有分支这个概念 使用分支意味着可以将日常工作从主线上脱离,从而避免影响主线 Git 鼓励在工作流程中频繁使用分支和合并 Git 是如何保存数据的 Git 保存的不是文件的变化或 ...

  5. 《通过刷leetcode学习Go语言》之(1):序言

    Author       : Email         : vip_13031075266@163.com Date          : 2021.03.07 Version     : 北京 C ...

  6. ysoserial CommonsColletions5分析

    我们知道,AnnotationInvocationHandler类在JDK8u71版本以后,官方对readobject进行了改写. 所以要挖掘出一条能替代的类BadAttributeValueExpE ...

  7. [源码解析] 深度学习流水线并行 PipeDream(6)--- 1F1B策略

    [源码解析] 深度学习流水线并行 PipeDream(6)--- 1F1B策略 目录 [源码解析] 深度学习流水线并行 PipeDream(6)--- 1F1B策略 0x00 摘要 0x01 流水线比 ...

  8. Elasticsearch-head插件的安装与配置

    第一种: 通过浏览器添加插件 通过chrome安装插件的方式提供一个可操作es的图形化界面. 在chrome 浏览器中,通过"扩展程序" 添加 elasticsearch head ...

  9. 驱动IO模型-select

    新人学习,欢迎指正 部分select.c代码 应用层 select(maxfd+1,&rfds,NULL,NULL,NULL); -------------------(系统调用)------ ...

  10. CodeForce-792B Counting-out Rhyme(模拟)

    Counting-out Rhyme CodeForces - 792B 题意: n 个孩子在玩一个游戏. 孩子们站成一圈,按照顺时针顺序分别被标号为 1 到 n.开始游戏时,第一个孩子成为领导. 游 ...