[题目描述]

给出一个正整数序列 a,长度为 n,cyb 不喜欢完美,他要删掉一些数(也可以不删,即删掉0个),但是他不会乱删,他希望删去以后,能将 a 分成 2 个集合,使得两个非空集合的数的和相同,现在他希望你能帮他算出删数的方案数。

[输入文件]

第一行 n 个正整数

以下有 n行,每行1个

正整数表示整数序列a

[输出文件]

一个整数表示答案

[输入样例]

4

1 2 3 4

[输出样例]

3

[数据范围]

30%:n<=5

100%:n<=20

100%:a 中每个元素<=100000000

题解:

对于前半部分和后半部分dfs枚举

将前半部分得到的值包括状态存进hash(去重),在把后半部分的所有状态去重在hash中查找

本来是用的三进制数表示存进子集A,存进子集B,删去3种状态,后面发现没有必要

因为是“删数的方案”,也就是除删去的数,AB集合间如何分配并不关心,所以直接二进制就行

注意hash不能只存值,还要保存二进制数以判重,保存二进制数的数组不能太小也不能大

hash的大小70000够了,状态数组zt[70000][700]正好AC,500则90分,100则75分

博客里上传了数据,在管理里的文件

 #include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
using namespace std;
struct Node
{
long long s;
int p;
}f[];
int n,zt[][],len,h[];
long long ans,has[],sp[],inf,a[];
bool cmp(Node a,Node b)
{
return (a.s<b.s||(a.s==b.s&&a.p<b.p));
}
void push_hash(long long x,int i)
{int j;
long long p=(x+)%;
while (has[p]!=inf&&has[p]!=x)
{
p++;
if (p>) p=;
}
if (has[p]==inf)
{
has[p]=x;
sp[p]=;
zt[p][sp[p]]=i;
}
else if (has[p]==x)
{
for (j=;j<=sp[p];j++)
if (i==zt[p][j]) return;
sp[p]++;
zt[p][sp[p]]=i;
}
}
void ask_hash(long long x,int i)
{int j;
long long p=(x+)%;
while (has[p]!=inf&&has[p]!=x)
{
p++;
if (p>) p=;
}
if (has[p]==x)
{
for (j=;j<=sp[p];j++)
h[zt[p][j]|i]=;
}
}
void dfs1(int x,long long s,int p)
{int i;
if (x>n/) push_hash(s,p);
else
for (i=-;i<=;i++)
dfs1(x+,s+i*a[x],p|((i!=)<<(x-)));
}
void dfs2(int x,long long s,int p)
{int i;
if (x>n) f[++len]=(Node){s,p};
else
for (i=-;i<=;i++)
dfs2(x+,s+i*a[x],p|((i!=)<<(x-)));
}
int main()
{int i,j;
long long s;
freopen("regex.in","r",stdin);
freopen("regex.out","w",stdout);
cin>>n;
memset(has,-,sizeof(has));
inf=has[];
for (i=;i<=n;i++)
scanf("%lld",&a[i]);
dfs1(,,);dfs2(n/+,,);
sort(f+,f+len+,cmp);
for (i=;i<len;i++)
if (f[i].s==f[i+].s&&f[i].p==f[i+].p) f[i].s=(<<);
sort(f+,f+len+,cmp);
while (f[len].s==(<<)) len--;
for (i=;i<=len;i++)
ask_hash(-f[i].s,f[i].p);
for (i=;i<=(<<n)-;i++) ans+=h[i];
//cout<<h[i]<<endl;
cout<<ans;
}

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