题目大意:n个高楼,每个楼最高为mi,要求,第i个楼左边和右边不能有同时比它高的楼。让你求最在n个楼总和最高的情况下,每个楼的高度。

题解:用单调栈来做,n个楼的高度要么是单调递减,要么是单调递增,要么就是先曾后减,就这3种情况,其他的不可能。

维护一个单调非递减的栈,并且维护一个数组ans[],第i个位置,维护的是i左边的所有楼的最大高度和。

当新元素比栈顶元素大时或者直接ans[i]=m[i]+ans[i-1]。当新元素比栈顶元素小时,一直出栈,直到栈为空(ans[i]=arr[i]*i),或者找到一个比新元素小于等于设为top的,也就是说top到i之间的元素都要比i元素大

所以ans[i]=ans[i-1]+arr[i]*(i-top)。然后数组逆序在来一遍。

遍历一遍数组,拼接左端与右端,找到和最大时的峰值。然后......

#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
typedef long long ll;
const ll N=5E5+;
ll arr[N];
ll lans[N];
ll rans[N];
ll n;
void solve(ll ans []){
stack<ll >st;
ans[]=;
for(ll i=;i<=n;i++){
if(st.empty()) {
st.push(i);
ans[i]=arr[i]+ans[i-];
}
else {
ll top=st.top();
while(st.size()&&arr[i]<arr[top]){
st.pop();
if(st.empty()) {
break;
}
top=st.top();
}
if(st.empty()) ans[i]=i*arr[i];
else {
top=st.top();
ans[i]=arr[i]*(i-top)+ans[top];
}
st.push(i);
}
}
}
int main()
{ cin>>n;
for(ll i=;i<=n;i++) cin>>arr[i];
solve(lans);
reverse(arr+,arr++n);
solve(rans);
ll ans=,pos;
for(ll i=;i<=n;i++){
ll c=lans[i]+rans[n-i];
if(c>=ans) {
ans=c;
pos=i;
}
}
reverse(arr+,arr++n);
for(ll i=pos-;i>=;i--){
if(arr[i]>arr[i+]) arr[i]=arr[i+];
}
for(ll i=pos+;i<=n;i++) {
if(arr[i]>arr[i-]) arr[i]=arr[i-];
}
for(ll i=;i<=n;i++) cout<<arr[i]<<" "; return ;
}

X - Skyscrapers (hard version) CodeForces - 1313C2的更多相关文章

  1. Codeforces Round #622 (Div. 2) C2. Skyscrapers (hard version)(单调栈,递推)

    Codeforces Round #622 (Div. 2) C2. Skyscrapers (hard version) 题意: 你是一名建筑工程师,现给出 n 幢建筑的预计建设高度,你想建成峰状, ...

  2. Codeforces Round #622(Div 2)C2. Skyscrapers (hard version)

    题目链接 : C2. Skyscrapers (hard version) 题目描述 : 与上一道题类似,只是数据范围变大, 5e5, 如果用我们原来的方法,铁定是超时的. 考察点 : 单调栈,贪心, ...

  3. Codeforces Round #622(Div 2) C1. Skyscrapers (easy version)

    题目链接: C1. Skyscrapers (easy version) 题目描述: 有一行数,使得整个序列满足 先递增在递减(或者只递增,或者只递减) ,每个位置上的数可以改变,但是最大不能超过原来 ...

  4. Codeforces Round #622 C2.Skyscrapers (hard version)

    This is a harder version of the problem. In this version n≤500000n≤500000 The outskirts of the capit ...

  5. Codeforces Round #622 (Div. 2) C1. Skyscrapers (easy version)(简单版本暴力)

    This is an easier version of the problem. In this version n≤1000n≤1000 The outskirts of the capital ...

  6. Codeforces Round #622 (Div. 2).C2 - Skyscrapers (hard version)

    第二次写题解,请多多指教! http://codeforces.com/contest/1313/problem/C2 题目链接 不同于简单版本的暴力法,这个数据范围扩充到了五十万.所以考虑用单调栈的 ...

  7. Codeforces Round #622 (Div. 2) C2 - Skyscrapers (hard version) 单调栈

    从左往右扫,找到比第i个小的第一个数字,l[i] = l[last] + (i - last) * m[i],用单调栈O(n)维护这个过程,再从右往左扫,同理可以算出r数组,注意一下long long ...

  8. D2. Kirk and a Binary String (hard version) D1 Kirk and a Binary String (easy version) Codeforces Round #581 (Div. 2) (实现,构造)

    D2. Kirk and a Binary String (hard version) time limit per test1 second memory limit per test256 meg ...

  9. Array and Segments (Easy version) CodeForces - 1108E1 (暴力枚举)

    The only difference between easy and hard versions is a number of elements in the array. You are giv ...

随机推荐

  1. 洛谷1258 Tire字典树

    直接上代码: #include<bits/stdc++.h> using namespace std; typedef unsigned int ui; typedef long long ...

  2. Asp.Net Core 中IdentityServer4 实战之角色授权详解

    一.前言 前几篇文章分享了IdentityServer4密码模式的基本授权及自定义授权等方式,最近由于改造一个网关服务,用到了IdentityServer4的授权,改造过程中发现比较适合基于Role角 ...

  3. 在dev分支上修改了文件,但是并没有执行git add. 和git commit命令,然后切换到master分支,仍然能看到dev分支的改动现象

    当我们创建一个新的分支dev,并且在新分支上修改了原文件,在我们没有提交到仓库的前提下,将分支再切换到master分支上,执行git status ,可以看到dev操作的状态: (1)因为未add的内 ...

  4. 谷歌2019 学术指标发榜:CVPR首次进入Top 10,何恺明论文引用最高!

    [导读]今天,谷歌发布了2019最新版学术指标,对收录的会议和期刊的影响力进行排名.AI类的多个顶会进入榜单Top 100,CVPR更是进入前10,而何恺明的"深度残差网络"单篇引 ...

  5. 怎样设计最优的卷积神经网络架构?| NAS原理剖析

    虽然,深度学习在近几年发展迅速.但是,关于如何才能设计出最优的卷积神经网络架构这个问题仍在处于探索阶段. 其中一大部分原因是因为当前那些取得成功的神经网络的架构设计原理仍然是一个黑盒.虽然我们有着关于 ...

  6. JRebel 破解使用

    步骤1:生成一个GUID:在线生成GUID地址 步骤2: 根据反向代理服务器地址拼接激活地址 服务器地址: https://jrebel.qekang.com/{GUID} 如果失效刷新GUID替换就 ...

  7. .Net Core2.2 使用 AutoMapper进行实体转换

    一.遇到的问题 在. Core Api 的编写中,我们经常会对一些功能点进行新增编辑操作,同时我们有时也会进行查询,但是我们查询的表的数据与我们返回的数据相差甚大,这是我们有需要自己手动进行类型的转换 ...

  8. coding++:win10家庭版升级专业版方案

    win10家庭版升级专业版密钥: VK7JG-NPHTM-C97JM-9MPGT-3V66T 4N7JM-CV98F-WY9XX-9D8CF-369TT FMPND-XFTD4-67FJC-HDR8C ...

  9. ehcahe + redis 实现多级缓存

    1,了解数据存储的位置的不同 数据库:存储在磁盘上 redis:存储在内存上 ehcache:应用内缓存 缓存的目的:是为了将数据从一个较慢的介质上读取出来,放到一个较快的介质上,为了下次读取的时候更 ...

  10. XDebug的配置和使用

    简介 XDebug是一个开放源代码的PHP程序调试器(即一个Debug工具) 可以用来跟踪,调试和分析PHP程序的运行状况 功能强大的神器,对审计有非常大的帮助. 官网:http://www.xdeb ...