【BZOJ3504】危桥(网络流)

题面

BZOJ

洛谷

Description

Alice和Bob居住在一个由N座岛屿组成的国家,岛屿被编号为0到N-1。某些岛屿之间有桥相连,桥上的道路是双

向的,但一次只能供一人通行。其中一些桥由于年久失修成为危桥,最多只能通行两次。Alice希望在岛屿al和a2之间往返an次(从al到a2再从a2到al算一次往返)。同时,Bob希望在岛屿bl和b2之间往返bn次。这个过程中,所有危桥最多通行两次,其余的桥可以无限次通行。请问Alice和Bob能完成他们的愿望吗?

Input

本题有多组测试数据。

每组数据第一行包含7个空格隔开的整数,分别为N、al、a2、an、bl、b2、bn。

接下来是一个N行N列的对称矩阵,由大写字母组成。矩阵的i行j列描述编号i一1和j-l的岛屿间的连接情况,若为“O”则表示有危桥相连:为“N”表示有普通的桥相连:为“X”表示没有桥相连。

|

Output

对于每组测试数据输出一行,如果他们都能完成愿望输出“Yes”,否则输出“No”。

Sample Input

4 0 1 1 2 3 1

XOXX

OXOX

XOXO

XXOX

4 0 2 1 1 3 2

XNXO

NXOX

XOXO

OXOX

Sample Output

Yes

No

数据范围

4<=N<50

O<=a1, a2, b1, b2<=N-1

1 <=an. b<=50

题解

感觉自己网络流一窍不通

这题就是一个裸的网络流啊。。。

但是我完全不会做

真的觉得网络流白学了。。。

很明显,危桥只能走\(2\)次,那么容量为\(2\)

普通的桥随便走,容量为\(INF\)

直接把两个点连起来就行了。。。

因为有两个源点,两个汇点

建立超级源、汇就行了。

值得注意的是

如果只跑\(A1,B1->A2,B2\)的网络流

会存在一些奇怪的情况,虽然是满流

但是可能存在你\(A1->A2\)的流跑到了\(B2\)去了

因此,换一组源点(反正边都是双向的)

再跑一次,这样就没有问题了。。。

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<algorithm>
#include<set>
#include<map>
#include<vector>
#include<queue>
using namespace std;
#define ll long long
#define RG register
#define MAX 55
#define INF 1000000000
inline int read()
{
RG int x=0,t=1;RG char ch=getchar();
while((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-')ch=getchar();
if(ch=='-')t=-1,ch=getchar();
while(ch<='9'&&ch>='0')x=x*10+ch-48,ch=getchar();
return x*t;
}
struct Line{int v,next,w;}e[MAX*MAX*2];
int h[MAX],cnt=2;
inline void Add(int u,int v,int w)
{
e[cnt]=(Line){v,h[u],w};h[u]=cnt++;
e[cnt]=(Line){u,h[v],w};h[v]=cnt++;
}
int level[MAX],S,T;
bool bfs()
{
memset(level,0,sizeof(level));level[S]=1;
queue<int> Q;Q.push(S);
while(!Q.empty())
{
int u=Q.front();Q.pop();
for(int i=h[u];i;i=e[i].next)
{
int v=e[i].v;
if(e[i].w&&!level[v])
level[v]=level[u]+1,Q.push(v);
}
}
return level[T];
}
int DFS(int u,int flow)
{
if(u==T||!flow)return flow;
int ret=0;
for(int i=h[u];i;i=e[i].next)
{
int v=e[i].v;
if(e[i].w&&level[v]==level[u]+1)
{
int d=DFS(v,min(flow,e[i].w));
ret+=d;flow-=d;
e[i].w-=d;e[i^1].w+=d;
}
}
if(!ret)level[u]=0;
return ret;
}
int Dinic()
{
int ret=0;
while(bfs())ret+=DFS(S,INF);
return ret;
}
void init(){memset(h,0,sizeof(h));cnt=2;}
int n,A1,A2,An,B1,B2,Bn;
char g[MAX][MAX];
int main()
{
while(scanf("%d",&n)!=EOF)
{
A1=read()+1;A2=read()+1;An=read();B1=read()+1;B2=read()+1;Bn=read();
for(int i=1;i<=n;++i)scanf("%s",g[i]+1);
S=0;T=n+1;
init();
for(int i=1;i<=n;++i)
for(int j=i+1;j<=n;++j)
if(g[i][j]=='N')Add(i,j,INF);
else if(g[i][j]=='O')Add(i,j,2);
Add(S,A1,An<<1);Add(S,B1,Bn<<1);
Add(A2,T,An<<1);Add(B2,T,Bn<<1);
bool fl=true;
if(Dinic()!=(An+Bn)*2)fl=false;
if(!fl){puts("No");continue;}
init();
for(int i=1;i<=n;++i)
for(int j=i+1;j<=n;++j)
if(g[i][j]=='N')Add(i,j,INF);
else if(g[i][j]=='O')Add(i,j,2);
Add(S,A1,An<<1);Add(S,B2,Bn<<1);
Add(A2,T,An<<1);Add(B1,T,Bn<<1);
if(Dinic()!=(An+Bn)*2)fl=false;
puts(fl?"Yes":"No");
}
return 0;
}

【BZOJ3504】危桥(网络流)的更多相关文章

  1. [CQOI2014][bzoj3504] 危桥 [最大流]

    题面 传送门 思路 这道题中惟一的特别之处,就在于"危桥"这一个只能走两次的东西 我的第一想法是做一个dp,但是这道题只需要能不能走,也没有必要 网络流?貌似是个很好的选择 我们把 ...

  2. Luogu3163 [CQOI2014]危桥 ---- 网络流 及 一个细节的解释

    Luogu3163 [CQOI2014]危桥 题意 有$n$个点和$m$条边,有些边可以无限次数的走,有些边这辈子只能走两次,给定两个起点和终点$a_1 --> a_2$(起点 --> 终 ...

  3. bzoj3504: [Cqoi2014]危桥 网络流

    一种网络流建图的思路吧,改天最好整理一波网络流建图思路 #include <bits/stdc++.h> using namespace std; int n,h,t,a1,a2,an,b ...

  4. BZOJ3504 CQOI2014危桥(最大流)

    如果只有一个人的话很容易想到最大流,正常桥连限流inf双向边,危桥连限流2双向边即可.现在有两个人,容易想到给两起点建超源两汇点建超汇,但这样没法保证两个人各自到达自己要去的目的地.于是再超源连一个人 ...

  5. 【BZOJ】【3504】【CQOI2014】危桥

    网络流/最大流 比较裸的最大流= = 无向图上走来回其实就等价与走两遍>_> 如果路径有相交其实不影响答案的 比较恶心的是两个人路过同一座桥,但走的方向不同互相抵消流量了…… 其实只要在第 ...

  6. 【CQOI2014】危桥

    [CQOI2014]危桥 Description Alice和Bob居住在一个由N个岛屿组成的国家,岛屿被编号为\(0\)到\(N-1\).某些岛屿之间有桥相连,桥上的道路都是双向的,但是一次只能供一 ...

  7. BZOJ.3504.[CQOI2014]危桥(最大流ISAP)

    BZOJ 洛谷 这种题大多是多源多汇跑网络流.往返\(a_n/b_n\)次可以看做去\(a_n/b_n\)次,直接把危桥能走的次数看做\(1\). 先不考虑别的,直接按原图建模:危桥建双向边容量为\( ...

  8. AC日记——[CQOI2014]危桥 洛谷 P3163

    题目描述 Alice和Bob居住在一个由N座岛屿组成的国家,岛屿被编号为0到N-1.某些岛屿之间有桥相连,桥上的道路是双向的,但一次只能供一人通行.其中一些桥由于年久失修成为危桥,最多只能通行两次.A ...

  9. BZOJ 3504: [Cqoi2014]危桥 [最大流]

    3504: [Cqoi2014]危桥 Time Limit: 10 Sec  Memory Limit: 128 MBSubmit: 1407  Solved: 703[Submit][Status] ...

随机推荐

  1. scikit-learn API

    scikit-learn API 这是scikit-learn的类和函数参考.有关详细信息,请参阅完整的用户指南,因为类和功能原始规格可能不足以提供有关其用途的完整指南. sklearn.base:基 ...

  2. javaweb(二十四)——jsp传统标签开发

    一.标签技术的API 1.1.标签技术的API类继承关系 二.标签API简单介绍 2.1.JspTag接口 JspTag接口是所有自定义标签的父接口,它是JSP2.0中新定义的一个标记接口,没有任何属 ...

  3. kobject和kset的一些学习心得

    #include <linux/module.h> #include <linux/kernel.h> #include <linux/kobject.h> #in ...

  4. KEIL5的安装

    安装注意事项 1.最好不要安装在带有中文路径的文件夹. 2.试用版的Keil MDK只能编译32K以下的代码,代码大于32K只能使用正版或破解版才能编译通过. 安装MKD 这里选择MKD512A版本安 ...

  5. Ubuntu 安装python后,安装python-dev

    1.通常情况下: sudo apt install python-dev 或者 在 sudo apt install python 命令下安装应该也附带了 python-dev 上述 pyhthon ...

  6. 【Linux 运维】Linux 目录

    目录 [Linux 运维]Centos7初始化网络配置 [Linux 运维]linux系统修改主机名 [Linux 运维]linux系统关机.重启.注销命令 [Linux 运维]linux系统查看版本 ...

  7. java 数据存储

    简单的记录一下而已. 1.寄存器: 特点:快,存储有限. 存储地点:处理器内部. 2.堆栈 特点:仅次于寄存器快,通过堆栈指针在处理器获取支持.堆栈指针下移,分配内存,上移,释放内存.此外须知生命周期 ...

  8. Planning The Expedition(暴力枚举+map迭代器)

    Description Natasha is planning an expedition to Mars for nn people. One of the important tasks is t ...

  9. WIN 7 发布项目

    本人工作都快两年了不知道web 怎么发布 今天我自己非常恼火!我就暗暗研究.希望能给新手指导 准备工作:WIN7 系统 .IIS 6.0.MVC (vs 新建mvc项目自带的项目) OK begin ...

  10. Alpha阶段第2周/共2周 Scrum立会报告+燃尽图 02

    此次作业要求参见 [https://edu.cnblogs.com/campus/nenu/2018fall/homework/2285] Scrum master:祁玉 一.小组介绍 组长:王一可 ...