洛谷P1263 || 巴蜀2311 宫廷守卫
题目描述
从前有一个王国,这个王国的城堡是一个矩形,被分为M×N个方格。一些方格是墙,而另一些是空地。这个王国的国王在城堡里设了一些陷阱,每个陷阱占据一块空地。
一天,国王决定在城堡里布置守卫,他希望安排尽量多的守卫。守卫们都是经过严格训练的,所以一旦他们发现同行或同列中有人的话,他们立即向那人射 击。因此,国王希望能够合理地布置守卫,使他们互相之间不能看见,这样他们就不可能互相射击了。守卫们只能被布置在空地上,不能被布置在陷阱或墙上,且一 块空地只能布置一个守卫。如果两个守卫在同一行或同一列,并且他们之间没有墙的话,他们就能互相看见。(守卫就像象棋里的车一样)
你的任务是写一个程序,根据给定的城堡,计算最多可布置多少个守卫,并设计出布置的方案。
输入输出格式
输入格式:
第一行两个整数M和N(1≤M,N≤200),表示城堡的规模。
接下来M行N列的整数,描述的是城堡的地形。第i行j列的数用ai,j表示。
ai,j=0,表示方格[i,j]是一块空地;
ai,j=1,表示方格[i,j]是一个陷阱;
ai,j=2,表示方格[i,j]是墙。
输出格式:
第一行一个整数K,表示最多可布置K个守卫。
此后K行,每行两个整数xi和yi,描述一个守卫的位置。
输入输出样例
- 3 4
- 2 0 0 0
- 2 2 2 1
- 0 1 0 2
- 2
- 1 2
- 3 3
说明
样例数据如图5-2(黑色方格为墙,白色方格为空地,圆圈为陷阱,G表示守卫)
刚开始的写法是BFS出每个联通块,单独处理。
↑明显不对
后来发现可以把被墙隔开的同一行当成两行处理,列同理。
然后二分图匹配坐标即可。
对二分图的理解还是不透彻啊……
(代码仅提供思路,不保证正确性)(没有SPJ程序)
(巴蜀OJ上只要求输出最多守卫数量,已AC)
- /*By SilverN*/
- #include<iostream>
- #include<cstdio>
- #include<cmath>
- #include<cstring>
- #include<algorithm>
- #define LL long long
- using namespace std;
- const int mxn=;
- int read(){
- int x=,f=;char ch=getchar();
- while(ch<'' || ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();}
- while(ch>='' && ch<=''){x=x*+ch-'';ch=getchar();}
- return x*f;
- }
- struct edge{
- int v,nxt;
- }e[mxn*];
- int hd[mxn*],mct=;
- void add_edge(int u,int v){
- e[++mct].v=v;e[mct].nxt=hd[u];hd[u]=mct;return;
- }
- int mp[mxn][mxn];
- int idx,idy;
- int hs[mxn][mxn];
- int aidx[mxn*10],aidy[mxn*10];
- int link[mxn*10],vis[mxn*10];
- //
- int n,m,ans=;
- bool DFS(int u){
- for(int i=hd[u];i;i=e[i].nxt){
- int v=e[i].v;
- if(!vis[v]){
- vis[v]=;
- if(link[v]==- || DFS(link[v])){
- link[v]=u;
- return ;
- }
- }
- }
- return ;
- }
- void solve(){
- memset(link,-,sizeof link);
- for(int i=;i<=idx;i++){
- memset(vis,,sizeof vis);
- if(DFS(i))ans++;
- }
- return;
- }
- void init(){
- int i,j;
- bool flag=;
- for(i=;i<=m;i++){
- flag=;
- for(j=;j<=n;j++){
- if(mp[i][j]==){flag=;continue;}
- if(flag){
- ++idx;
- aidx[idx]=i;
- flag=;
- }
- hs[i][j]=idx;
- }
- }
- idy=idx;
- for(j=;j<=n;j++){
- flag=;
- for(i=;i<=m;i++){
- if(mp[i][j]==){flag=;continue;}
- if(flag){
- ++idy;
- aidy[idy]=j;
- flag=;
- }
- if(mp[i][j])continue;
- add_edge(idy,hs[i][j]);
- add_edge(hs[i][j],idy);
- // printf("%d %d:%d\n",i,j,idy);
- }
- }
- return;
- }
- int main(){
- m=read();n=read();
- int i,j;
- for(i=;i<=m;i++)
- for(j=;j<=n;j++)
- mp[i][j]=read();
- init();
- solve();
- /* for(i=1;i<=m;i++){
- for(j=1;j<=n;j++){
- printf("%d ",hs[i][j]);
- }
- printf("\n");
- }*/
- printf("%d\n",ans);
- for(i=idx+;i<=idy;i++){
- if(link[i]!=-)printf("%d %d\n",aidx[link[i]],aidy[i]);
- }
- return ;
- }
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