题目描述

从前有一个王国,这个王国的城堡是一个矩形,被分为M×N个方格。一些方格是墙,而另一些是空地。这个王国的国王在城堡里设了一些陷阱,每个陷阱占据一块空地。

一天,国王决定在城堡里布置守卫,他希望安排尽量多的守卫。守卫们都是经过严格训练的,所以一旦他们发现同行或同列中有人的话,他们立即向那人射 击。因此,国王希望能够合理地布置守卫,使他们互相之间不能看见,这样他们就不可能互相射击了。守卫们只能被布置在空地上,不能被布置在陷阱或墙上,且一 块空地只能布置一个守卫。如果两个守卫在同一行或同一列,并且他们之间没有墙的话,他们就能互相看见。(守卫就像象棋里的车一样)

你的任务是写一个程序,根据给定的城堡,计算最多可布置多少个守卫,并设计出布置的方案。

输入输出格式

输入格式:

第一行两个整数M和N(1≤M,N≤200),表示城堡的规模。

接下来M行N列的整数,描述的是城堡的地形。第i行j列的数用ai,j表示。

ai,j=0,表示方格[i,j]是一块空地;

ai,j=1,表示方格[i,j]是一个陷阱;

ai,j=2,表示方格[i,j]是墙。

输出格式:

第一行一个整数K,表示最多可布置K个守卫。

此后K行,每行两个整数xi和yi,描述一个守卫的位置。

输入输出样例

输入样例#1:

  1. 3 4
  2. 2 0 0 0
  3. 2 2 2 1
  4. 0 1 0 2
输出样例#1:

  1. 2
  2. 1 2
  3. 3 3

说明

样例数据如图5-2(黑色方格为墙,白色方格为空地,圆圈为陷阱,G表示守卫)

刚开始的写法是BFS出每个联通块,单独处理。

↑明显不对

后来发现可以把被墙隔开的同一行当成两行处理,列同理。

然后二分图匹配坐标即可。

对二分图的理解还是不透彻啊……

(代码仅提供思路,不保证正确性)(没有SPJ程序)

(巴蜀OJ上只要求输出最多守卫数量,已AC)

  1. /*By SilverN*/
  2. #include<iostream>
  3. #include<cstdio>
  4. #include<cmath>
  5. #include<cstring>
  6. #include<algorithm>
  7. #define LL long long
  8. using namespace std;
  9. const int mxn=;
  10. int read(){
  11. int x=,f=;char ch=getchar();
  12. while(ch<'' || ch>''){if(ch=='-')f=-;ch=getchar();}
  13. while(ch>='' && ch<=''){x=x*+ch-'';ch=getchar();}
  14. return x*f;
  15. }
  16. struct edge{
  17. int v,nxt;
  18. }e[mxn*];
  19. int hd[mxn*],mct=;
  20. void add_edge(int u,int v){
  21. e[++mct].v=v;e[mct].nxt=hd[u];hd[u]=mct;return;
  22. }
  23. int mp[mxn][mxn];
  24. int idx,idy;
  25. int hs[mxn][mxn];
  26. int aidx[mxn*10],aidy[mxn*10];
  27. int link[mxn*10],vis[mxn*10];
  28. //
  29. int n,m,ans=;
  30. bool DFS(int u){
  31. for(int i=hd[u];i;i=e[i].nxt){
  32. int v=e[i].v;
  33. if(!vis[v]){
  34. vis[v]=;
  35. if(link[v]==- || DFS(link[v])){
  36. link[v]=u;
  37. return ;
  38. }
  39. }
  40. }
  41. return ;
  42. }
  43. void solve(){
  44. memset(link,-,sizeof link);
  45. for(int i=;i<=idx;i++){
  46. memset(vis,,sizeof vis);
  47. if(DFS(i))ans++;
  48. }
  49. return;
  50. }
  51. void init(){
  52. int i,j;
  53. bool flag=;
  54. for(i=;i<=m;i++){
  55. flag=;
  56. for(j=;j<=n;j++){
  57. if(mp[i][j]==){flag=;continue;}
  58. if(flag){
  59. ++idx;
  60. aidx[idx]=i;
  61. flag=;
  62. }
  63. hs[i][j]=idx;
  64. }
  65. }
  66. idy=idx;
  67. for(j=;j<=n;j++){
  68. flag=;
  69. for(i=;i<=m;i++){
  70. if(mp[i][j]==){flag=;continue;}
  71. if(flag){
  72. ++idy;
  73. aidy[idy]=j;
  74. flag=;
  75. }
  76. if(mp[i][j])continue;
  77. add_edge(idy,hs[i][j]);
  78. add_edge(hs[i][j],idy);
  79. // printf("%d %d:%d\n",i,j,idy);
  80. }
  81. }
  82. return;
  83. }
  84. int main(){
  85. m=read();n=read();
  86. int i,j;
  87. for(i=;i<=m;i++)
  88. for(j=;j<=n;j++)
  89. mp[i][j]=read();
  90. init();
  91. solve();
  92. /* for(i=1;i<=m;i++){
  93. for(j=1;j<=n;j++){
  94. printf("%d ",hs[i][j]);
  95. }
  96. printf("\n");
  97. }*/
  98. printf("%d\n",ans);
  99. for(i=idx+;i<=idy;i++){
  100. if(link[i]!=-)printf("%d %d\n",aidx[link[i]],aidy[i]);
  101. }
  102. return ;
  103. }

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