题意:树上每个结点有自己的颜色,支持两种操作:1.将u到v路径上的点颜色修改为c; 2.求u到v路径上有多少段不同的颜色。

分析:树剖之后用线段树维护区间颜色段数。区间查询区间修改。线段树结点中维护的有:段数,左端点颜色,右端点颜色和懒惰标记。

当区间合并时,若左孩子的右端点颜色和右孩子的左端点颜色相同,那么段数要减1。

区间修改时注意维护左右端点的颜色。

查询时若左右子区间连接处的颜色相同,段数减1。

在两点向一条链上寻找LCA时,每次查询都要保存该条链顶端的颜色,若该链顶端的颜色与下次查询的右端点相同,那么段数减1。

最后当两点回溯到一条链上之后,若两点对应各自上次回溯链顶端的颜色是否与查询区间的左右端点相同,则答案都需减1。

#include<cstdio>
#include<iostream>
#include<algorithm>
#include<cstring>
#define lson rt<<1
#define rson rt<<1|1
#define Lson l,m,lson
#define Rson m+1,r,rson
typedef long long LL;
using namespace std;
const int maxn =1e5+;
struct Edge{
int to,next;
}E[*maxn];
int n,head[maxn],tot;
int cnt,idx,size[maxn],fa[maxn],son[maxn],dep[maxn],top[maxn],id[maxn],rnk[maxn];
int a[maxn];
void init()
{
cnt=idx=tot=;
memset(head,-,sizeof(head));
dep[]=,fa[]=,size[]=;
memset(son,,sizeof(son));
} void AddEdge(int u,int v)
{
E[tot] = (Edge){v,head[u]};
head[u]=tot++;
}
void dfs1(int u)
{
size[u]=;
for(int i=head[u];~i;i=E[i].next){
int v=E[i].to;
if(v!=fa[u]){
fa[v]=u;
dep[v]=dep[u]+;
dfs1(v);
size[u]+=size[v];
if(size[son[u]]<size[v]) son[u]=v;
}
}
} void dfs2(int u,int topu)
{
top[u]= topu;
id[u] = ++idx;
rnk[idx] = u;
if(!son[u]) return;
dfs2(son[u],top[u]);
for(int i=head[u];~i;i=E[i].next){
int v=E[i].to;
if(v!=fa[u]&&v!=son[u]) dfs2(v,v);
}
} struct Node{
int sum,add,lc,rc;
}tree[maxn<<];
int Lc,Rc;
void pushup(int rt){ //区间合并
tree[rt].sum = tree[lson].sum + tree[rson].sum;
tree[rt].lc = tree[lson].lc;
tree[rt].rc = tree[rson].rc;
if(tree[lson].rc==tree[rson].lc)
tree[rt].sum--;
}
void pushdown(int l,int r,int rt){
if(tree[rt].add){
tree[lson].add = tree[rson].add = ;
tree[lson].sum = tree[rson].sum = ;
tree[lson].lc = tree[lson].rc = tree[rt].lc;
tree[rson].lc = tree[rson].rc = tree[rt].lc;
tree[rt].add = ;
}
} void build(int l,int r,int rt)
{
tree[rt].add = ;
if(l==r){
tree[rt].sum = ;
tree[rt].lc = tree[rt].rc = a[rnk[l]];
return;
}
int m = (l+r)>>;
build(Lson);
build(Rson);
pushup(rt);
} void update(int L,int R,int col,int l=,int r=n,int rt=){
if(L<=l && R>=r){
tree[rt].sum = tree[rt].add =;
tree[rt].lc = tree[rt].rc = col;
return ;
}
pushdown(l,r,rt);
int m =(l+r)>>;
if(L<=m) update(L,R,col,Lson);
if(R>m) update(L,R,col,Rson);
pushup(rt);
} int query(int L,int R,int l=,int r=n,int rt=){ //单点
if(L==l) Lc = tree[rt].lc;
if(R==r) Rc = tree[rt].rc;
if(L<=l && R>=r)
return tree[rt].sum;
pushdown(l,r,rt);
int m = (l+r)>> , ans=; bool left = false;
if(L<=m) {
ans+=query(L,R,Lson);
left = true;
}
if(R>m){
ans +=query(L,R,Rson);
if(left && tree[lson].rc ==tree[rson].lc) ans--;
}
pushup(rt);
return ans;
} void CHANGE(int u,int v,int col)
{
while(top[u]!=top[v]){
if(dep[top[u]]<dep[top[v]]) swap(u,v);
update(id[top[u]],id[u],col);
u = fa[top[u]];
}
if(dep[u]>dep[v]) swap(u,v);
update(id[u],id[v],col);
} int Qsum(int u,int v)
{
int c1=-,c2=-, ans=; //记录上条链最左侧的颜色
while(top[u]!=top[v]){
if(dep[top[u]]<dep[top[v]]){
swap(u,v);
swap(c1,c2);
}
ans +=query(id[top[u]],id[u]);
if(Rc == c1) ans--;
c1 = Lc;
u = fa[top[u]];
}
if(dep[u]>dep[v]){swap(u,v);swap(c1,c2);}
ans += query(id[u],id[v]);
if(Lc==c1) ans--;
if(Rc==c2) ans--;
return ans;
} int main()
{
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("in.txt","r",stdin);
freopen("out.txt","w",stdout);
#endif
int m,q,u,v;
char op[];
while(scanf("%d%d",&n,&m)==){
init();
for(int i=;i<=n;++i) scanf("%d",&a[i]);
for(int i=;i<n;++i){
scanf("%d%d",&u,&v);
AddEdge(u,v);
AddEdge(v,u);
}
dfs1();
dfs2(,);
build(,n,);
while(m--){
scanf("%s",op);
if(op[]=='Q'){
scanf("%d%d",&u,&v);
printf("%d\n",Qsum(u,v));
}
else{
int col;
scanf("%d%d%d",&u,&v,&col);
CHANGE(u,v,col);
}
}
}
return ;
}

HYSBZ - 2243 染色 (树链剖分+线段树)的更多相关文章

  1. 2243: [SDOI2011]染色 树链剖分+线段树染色

    给定一棵有n个节点的无根树和m个操作,操作有2类: 1.将节点a到节点b路径上所有点都染成颜色c: 2.询问节点a到节点b路径上的颜色段数量(连续相同颜色被认为是同一段), 如“112221”由3段组 ...

  2. bzoj2243[SDOI2011]染色 树链剖分+线段树

    2243: [SDOI2011]染色 Time Limit: 20 Sec  Memory Limit: 512 MBSubmit: 9012  Solved: 3375[Submit][Status ...

  3. 【BZOJ2243】[SDOI2011]染色 树链剖分+线段树

    [BZOJ2243][SDOI2011]染色 Description 给定一棵有n个节点的无根树和m个操作,操作有2类: 1.将节点a到节点b路径上所有点都染成颜色c: 2.询问节点a到节点b路径上的 ...

  4. B20J_2243_[SDOI2011]染色_树链剖分+线段树

    B20J_2243_[SDOI2011]染色_树链剖分+线段树 一下午净调这题了,争取晚上多做几道. 题意: 给定一棵有n个节点的无根树和m个操作,操作有2类: 1.将节点a到节点b路径上所有点都染成 ...

  5. BZOJ2243 [SDOI2011]染色(树链剖分+线段树合并)

    题目链接 BZOJ2243 树链剖分 $+$ 线段树 线段树每个节点维护$lc$, $rc$, $s$ $lc$代表该区间的最左端的颜色,$rc$代表该区间的最右端的颜色 $s$代表该区间的所有连续颜 ...

  6. BZOJ2243 (树链剖分+线段树)

    Problem 染色(BZOJ2243) 题目大意 给定一颗树,每个节点上有一种颜色. 要求支持两种操作: 操作1:将a->b上所有点染成一种颜色. 操作2:询问a->b上的颜色段数量. ...

  7. 【bzoj1959】[Ahoi2005]LANE 航线规划 树链剖分+线段树

    题目描述 对Samuel星球的探险已经取得了非常巨大的成就,于是科学家们将目光投向了Samuel星球所在的星系——一个巨大的由千百万星球构成的Samuel星系. 星际空间站的Samuel II巨型计算 ...

  8. 【BZOJ-2325】道馆之战 树链剖分 + 线段树

    2325: [ZJOI2011]道馆之战 Time Limit: 40 Sec  Memory Limit: 256 MBSubmit: 1153  Solved: 421[Submit][Statu ...

  9. POJ3237 (树链剖分+线段树)

    Problem Tree (POJ3237) 题目大意 给定一颗树,有边权. 要求支持三种操作: 操作一:更改某条边的权值. 操作二:将某条路径上的边权取反. 操作三:询问某条路径上的最大权值. 解题 ...

  10. bzoj4034 (树链剖分+线段树)

    Problem T2 (bzoj4034 HAOI2015) 题目大意 给定一颗树,1为根节点,要求支持三种操作. 操作 1 :把某个节点 x 的点权增加 a . 操作 2 :把某个节点 x 为根的子 ...

随机推荐

  1. RMAN Restore, Recovery

    Complete recovery: rman target / nocatalog startup mount; restore database; recover database; alter ...

  2. CI框架整合微信公共平台接口

    #CI框架控制器 <?php if ( ! defined('BASEPATH')) exit('No direct script access allowed'); /*** CI框架整合微信 ...

  3. 【vijos】1781 同余方程(拓展欧几里得)

    https://vijos.org/p/1781 学习了下拓欧.. 求exgcd时,因为 a*x1+b*y1=a*x2+b*y2=b*x2+(a-b*[a/b])*y2 然后移项得 a*x1+b*y1 ...

  4. asp.net网站防恶意刷新的Cookies与Session解决方法

    本文实例讲述了asp.net网站防恶意刷新的Cookies与Session解决方法,是WEB程序设计中非常实用的技巧.分享给大家供大家参考.具体实现方法如下: Session版实现方法: public ...

  5. 如何用MathType编辑这三个符号

    MathType是一款专门的公式编辑器,用来编辑数学物理等公式,很多期刊杂志的排版都会用到它.用MathType编辑公式的时候,完全不用考虑学习和上手的过程,打开就可以编辑出你的公式,所以这个工具对于 ...

  6. 2015InfoQ软件大会技术记录

    前述 参加infoq软件大会,最大的感触就是,互联网行业的技术发展日新月异:由市场痛点.用户痛点.开发痛点所驱动的技术变革更是遍地开花.新的技术新的思维也是层出不穷:大会中频频提到的高扩展高可用架构. ...

  7. Docker入门与应用系列(七)Docker图形界面管理之DockerUI

    1.dockeruiDockerrUI是一个基于Docker API提供图形化页面简单的容器管理系统,支持容器管理.镜像管理.1.1 下载镜像 docker pull abh1nav/dockerui ...

  8. kafka 并发数配置过程中踩到的坑 InstanceAlreadyExistsException

    ] WARN org.apache.kafka.common.utils.AppInfoParser- Error registering AppInfo mbean javax.management ...

  9. C++中获取时间

    #include<time.h>    //获取时间头文件//-------------------------------------- clock_t start_time=clock ...

  10. cocos2d-X学习之主要类介绍:CCDirector

    在cocos2d-x里面,游戏的任何时间,只有一个场景对象实例处于运行状态,该对象可以作为当前游戏内容的整体包对象 Cocos2d-x引擎除了提供了CCDirector,还提供了一个CCDisplay ...