出题:给定链表的头指针和一个节点指针,要求在O(1)的时间复杂度下删除该节点

分析:

  • 如果需要删除的节点为A,其前序节点为A-,其后续节点为A+,所以删除A之后,需要使得A-的下一个节点就是A+,常规做法是设法得到A-的索引,需要 从链表头开始遍历所以时间复杂度为O(N),但实际情况是只要保证A-的下一个节点是A+就行;
  • 所以可将A+节点的内容直接复制到A节点,这时时间复杂度 为O(1),对于最后一个节点而言需要使用O(N)的时间复杂度,所以平均复杂度为(O(1)*(n-1) + O(n))/n,所以平均复杂度为O(1);

解题:

 struct Node {
int v;
Node *next;
}; void deleteNode(Node *head, Node *target) {
if(target == NULL) return;
if(target->next != NULL) {
Node *temp=target->next;
target->v=temp->v;
target->next=temp->next;
delete temp;
} else {
Node *temp=head;
while(temp!=NULL) {
if(temp->next != target)
temp=temp->next;
else {
temp->next=temp->next->next;
delete target;
break;
}
}
}
}

出题:给定一个整型数组,除了两个数字只出现一次外其他数字都出现了两次,要求确定这个两个只出现一次的数字,时间复杂度为O(N),空间复杂度为O(1);

分析:

  • 由于任何一个数字异或它本身的结果都为0,所以从左到右依次异或整型数组,数组中出现两次的数字的异或结果为0,则最终的结果就是出现一次的两个数字的异 或结果;由于这两个数字肯定不同,所以结果肯定非0,为了将这两个数字分别放到一个子数组中,选取结果中第一个出现的1(第k位),这样根据第k位是否为 1将数组元素分成两个子数组,他们分别包含了一个只出现一次的数字,然后针对每一个子数组重新进行异或运算,最终就可分别得到这两个仅出现一次的数字;
  • 本题参考何海涛老师的解法,海涛老师威武!!非常感谢何海涛老师的无私奉献,其博客地址为:
    http://zhedahht.blog.163.com/

解题:

 void findInteger(int *array, int length) {
/**
* 获取整个数组的异或结果
* sum1为两个目标数字的异或结果
* */
int sum1=array[];
for(int i=;i<length;i++)
sum1^=array[i];
/**
* 找到sum1中最低位出现的1
* k表示目标位上出现的1
* */
int k=,i;
for(i=;i<sizeof(int)*;i++) {
if(sum1 & k<<i) break;
}
k<<=i;
/**
* 使用k区分不同的子数组
* 分别对子数组使用异或
* */
int int1=, int2=;
for(int i=;i<length;i++) {
if(array[i]&k)
int1^=array[i];
else
int2^=array[i];
}
int1^=;int2^=;
printf("\nthe first integer: %d",int1);
printf("\nthe second integer: %d",int2);
} int main() {
int array[]={,,,,,-,-,};
findInteger(array,);
return ;
}

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