题意:给一个矩阵,两种操作1:修改单点的权值,2:查询和某个点曼哈顿距离小于r点的权值和

题解:先旋转坐标轴,(x,y)->(x-y,x+y)然后就变成了cdq分治裸题,子矩阵和和单点修改一维时间,二维xcdq,三维ybit

//#pragma GCC optimize(2)
//#pragma GCC optimize(3)
//#pragma GCC optimize(4)
//#pragma GCC optimize("unroll-loops")
//#pragma comment(linker, "/stack:200000000")
//#pragma GCC optimize("Ofast,no-stack-protector")
//#pragma GCC target("sse,sse2,sse3,ssse3,sse4,popcnt,abm,mmx,avx,tune=native")
#include<bits/stdc++.h>
#define fi first
#define se second
#define db double
#define mp make_pair
#define pb push_back
#define pi acos(-1.0)
#define ll long long
#define vi vector<int>
#define mod 1000000007
#define ld long double
#define C 0.5772156649
#define ls l,m,rt<<1
#define rs m+1,r,rt<<1|1
#define pll pair<ll,ll>
#define pil pair<int,ll>
#define pli pair<ll,int>
#define pii pair<int,int>
//#define cd complex<double>
#define ull unsigned long long
#define base 1000000000000000000
#define Max(a,b) ((a)>(b)?(a):(b))
#define Min(a,b) ((a)<(b)?(a):(b))
#define fin freopen("a.txt","r",stdin)
#define fout freopen("c.txt","w",stdout)
#define fio ios::sync_with_stdio(false);cin.tie(0)
template<typename T>
inline T const& MAX(T const &a,T const &b){return a>b?a:b;}
template<typename T>
inline T const& MIN(T const &a,T const &b){return a<b?a:b;}
inline void add(ll &a,ll b){a+=b;if(a>=mod)a-=mod;}
inline void sub(ll &a,ll b){a-=b;if(a<0)a+=mod;}
inline ll gcd(ll a,ll b){return b?gcd(b,a%b):a;}
inline ll qp(ll a,ll b){ll ans=1;while(b){if(b&1)ans=ans*a%mod;a=a*a%mod,b>>=1;}return ans;}
inline ll qp(ll a,ll b,ll c){ll ans=1;while(b){if(b&1)ans=ans*a%c;a=a*a%c,b>>=1;}return ans;} using namespace std; const double eps=1e-8;
const ll INF=0x3f3f3f3f3f3f3f3f;
const int N=320000+10,maxn=200000+10,inf=0x3f3f3f3f; struct query{int op,x,y,z,id;}p[N];
bool cmp(const query&a,const query&b){return a.x<b.x || (a.x==b.x&&a.y<b.y);}
int n,m,cnt,ans[N],res;
struct bit{
int val[N];
void update(int i,int v)
{
for(;i<N;i+=i&(-i))val[i]+=v;
}
int query(int i)
{
int ans=0;
for(;i;i-=i&(-i))ans+=val[i];
return ans;
}
}b;
void cdq(int l,int r)
{
if(l==r)return ;
int mid=(l+r)>>1;
cdq(l,mid);cdq(mid+1,r);
sort(p+l,p+mid+1,cmp);sort(p+mid+1,p+r+1,cmp);
int le=l,ri=mid+1;
while(ri<=r)
{
while(le<=mid&&p[le].op==2)le++;
while(ri<=r&&p[ri].op==1)ri++;
if(ri > r) break;
if(le<=mid&&p[le].x<=p[ri].x)b.update(p[le].y,p[le].z),le++;
else ans[p[ri].id]+=p[ri].z*b.query(p[ri].y),ri++;
}
le--;
for(;le>=l;le--)if(p[le].op==1)b.update(p[le].y,-p[le].z);
}
int main()
{
while(~scanf("%d",&n))
{
if(!n)break;
scanf("%d",&m);
cnt=res=0;
for(int i=1;i<=m;i++)
{
++cnt;
scanf("%d%d%d%d",&p[cnt].op,&p[cnt].x,&p[cnt].y,&p[cnt].z);
p[cnt].id=0;
int x=p[cnt].x,y=p[cnt].y,z=p[cnt].z;
p[cnt].x=x-y+n,p[cnt].y=x+y;
x=p[cnt].x,y=p[cnt].y;
if(p[cnt].op==2)
{
p[cnt].x=MIN(x+z,2*n + 5);
p[cnt].y=MIN(y+z,2*n + 5);
p[cnt].z=1;
p[cnt].id=++res;
ans[res] = 0;
if(x-z-1>0)
{
++cnt;p[cnt].id=res;p[cnt].op=2;
p[cnt].x=x-z-1;p[cnt].y=y+z;p[cnt].z=-1;
}
if(y-z-1>0)
{
++cnt;p[cnt].id=res;p[cnt].op=2;
p[cnt].x=x+z;p[cnt].y=y-z-1;p[cnt].z=-1;
}
if(x-z-1>0&&y-z-1>0)
{
++cnt;p[cnt].id=res;p[cnt].op=2;
p[cnt].x=x-z-1;p[cnt].y=y-z-1;p[cnt].z=1;
}
}
}
// for(int i=1;i<=cnt;i++)printf("%d %d %d %d %d\n",p[i].op,p[i].x,p[i].y,p[i].z,p[i].id);
cdq(1,cnt);
for(int i=1;i<=res;i++)printf("%d\n",ans[i]);
}
return 0;
}
/********************
8 5
1 8 8 1
1 1 1 -2
2 5 5 6
1 5 5 3
2 2 3 9
********************/

HDU - 4456 cdq的更多相关文章

  1. cdq分治(hdu 5618 Jam's problem again[陌上花开]、CQOI 2011 动态逆序对、hdu 4742 Pinball Game、hdu 4456 Crowd、[HEOI2016/TJOI2016]序列、[NOI2007]货币兑换 )

    hdu 5618 Jam's problem again #include <bits/stdc++.h> #define MAXN 100010 using namespace std; ...

  2. 【 HDU - 4456 】Crowd (二维树状数组、cdq分治)

    BUPT2017 wintertraining(15) #5A HDU 4456 题意 给你一个n行n列的格子,一开始每个格子值都是0.有M个操作,p=1为第一种操作,给格子(x,y)增加z.p=2为 ...

  3. HDU 4456(二维树状数组+坐标转换)

    题目链接:Problem - 4456 看别人叙述看的心烦,于是我自己画了一张图. 上图. 上代码 #include <iostream> #include <cstdio> ...

  4. hdu 5126 cdq+Treap+BIT

    这题说的是给了三维空间然后操作 寻求在 x1,y1,z1    x2, y2, z2; (x1<x2, y1<y2,z1<z2) 计算出在 以这两个端点为右下和左上端点的方体内的点的 ...

  5. HDU 4456 Crowd

    Crowd Time Limit: 5000/2000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total Submi ...

  6. HDU 3507 Print Article(CDQ分治+分治DP)

    [题目链接] http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3507 [题目大意] 将长度为n的数列分段,最小化每段和的平方和. [题解] 根据题目很容易得到dp ...

  7. HDU 5730 Shell Necklace(CDQ分治+FFT)

    [题目链接] http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5730 [题目大意] 给出一个数组w,表示不同长度的字段的权值,比如w[3]=5表示如果字段长度为3 ...

  8. hdu 3842 Machine Works(cdq分治维护凸壳)

    题目链接:hdu 3842 Machine Works 详细题解: HDU 3842 Machine Works cdq分治 斜率优化 细节比较多,好好体会一下. 在维护斜率的时候要考虑x1与x2是否 ...

  9. hdu 5830 FFT + cdq分治

    Shell Necklace Time Limit: 16000/8000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 65536/65536 K (Java/Others)T ...

随机推荐

  1. [CodeForces - 276A] Lunch Rush

    题目链接:http://codeforces.com/problemset/problem/276/A 从这n个输入中求最大值,注意 和 k的比较,定义一个maxn,对每个输入进行计算即可. AC代码 ...

  2. [转载]解决linux 下多线程错误 undefined reference to `sem_init'

    转自:https://blog.csdn.net/yzycqu/article/details/7396498?utm_source=copy 解决linux 下多线程错误 undefined ref ...

  3. 2017秋 FZU SDN 课程作业汇总

    课程: SDN课程上机作业:SDN上机作业 参考作业: deepYY SDN作业: SDN作业 faberry的博客:faberry peiqiaoWang的博客:peiqiaoWang 相关博客汇总 ...

  4. Entity Framework Core导航属性加载问题

    前言 今天下午在开发的时候发现EF Core实体模型中的导航属性为 null,经排查既不是没有加 virtual 关键字,也不是外键关系映射错误. 解决方法 通过查询官网文档,发现,原因在于EF Co ...

  5. NPOI导入excel文件为DataTable,使用SqlBulkCopy添加到数据库表

    public DataTable ExcelToDataTable(Stream stream, string fileName) { DataTable data = new DataTable() ...

  6. 51nod 1052 最大M子段和

    http://www.51nod.com/onlineJudge/questionCode.html#!problemId=1052 题意: 思路:设$dp[i][j]$表示前j个数构成i个字段时的最 ...

  7. Mysql 函数使用记录(二)——ELT()、FIELD()、IFNULL()

    昨天在对一业务修改的过程中想到用DECODE()来实现效果,转眼发现目前使用的是Mysql库,经过查阅,最终用ELT().FIELD().IFNULL()函数来实现需求.现对其做一个记录. 语法: E ...

  8. hdu 6199 gems gems gems dp

    gems gems gems Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others) P ...

  9. oracle 12c创建可插拔数据库(PDB)与用户详解

    前言 由于oracle 12c使用了CDB-PDB架构,类似于docker,在container-db内可以加载多个pluggable-db,因此安装后需要额外配置才能使用. 一.修改listener ...

  10. kubernetes 简介:kube-dns 和服务发现

    服务发现 kubernetes 提供了 service 的概念可以通过 VIP 访问 pod 提供的服务,但是在使用的时候还有一个问题:怎么知道某个应用的 VIP?比如我们有两个应用,一个 app,一 ...