LA 4794 Sharing Chocolate
大白书中的题感觉一般都比较难,能理解书上代码就已经很不错了
按照经验,一般数据较小的题目,都有可能是用状态压缩来解决的
题意:问一个面积为x×y的巧克力,能否切若干刀,将其切成n块面积为A1,A2,,,An块巧克力。(每次只能沿直线切一块巧克力)
设计状态:
f(r, c, S) = 1表示r行c列的巧克力可以切成面积集合为S的若干块巧克力
分解问题:
f(r, c, S) = 1当且仅当
- 横着切:存在1≤r0<r和S的子集S0,使得f(r0, c, S0) = f(r-r0,c, S-S0) = 1. 或者
- 竖着切:存在1≤C0<C和S的子集S0,使得f(r, C0, S0) = f(r,C-C0, S-S0) = 1.
状态的优化:
因为f(r, c, S) = f(c, r, S),所以我们去掉一个参数,并且假设r≤c
记f(r, S)表示min(r, sum[S]/r)行max(r, sum[S]/r)列的巧克力能否切成面积和为sum[S]的若干块
DP函数中那句 int& ans;的作用是什么作用不太懂,我开始时去掉以后WA掉了,Orz
这句留着以后再弄懂吧,=_=||
将ans声明为f[S][x]的引用,这样ans在赋值的时候f[S][x]也相应被改变
//#define LOCAL
#include <iostream>
#include <cstdio>
#include <cstring>
using namespace std; const int maxn = ;
const int maxw = + ;
int a[maxn], sum[ << maxn], f[ << maxn][maxw], vis[ << maxn][maxw]; int bitcount(int S)
{
return S == ? : (S & ) + bitcount(S >> );
} int dp(int S, int x)
{
if(vis[S][x]) return f[S][x];
vis[S][x] = ;
int& ans = f[S][x];
if(bitcount(S) == )
return ans = ;
int y = sum[S] / x;
for(int S0 = (S-)&S; S0 != ; S0 = (S0-)&S)
{
int S1 = S - S0;
if(sum[S0] % x == && dp(S0, min(x, sum[S0]/x)) && dp(S1, min(x, sum[S1]/x)))
return ans = ;
if(sum[S0] % y == && dp(S0, min(y, sum[S0]/y)) && dp(S1, min(y, sum[S1]/y)))
return ans = ;
}
return ans = ;
} int main(void)
{
#ifdef LOCAL
freopen("4794in.txt", "r", stdin);
#endif int kase = , n;
while(scanf("%d", &n) == && n)
{
int x, y;
scanf("%d%d", &x, &y);
for(int i = ; i < n; ++i)
scanf("%d", &a[i]); memset(sum, , sizeof(sum));
for(int i = ; i < ( << n); ++i)
for(int j = ; j < n; ++j)
if(i & ( << j))
sum[i] += a[j]; memset(vis, , sizeof(vis));
int All = ( << n) - ;
int ans;
if(sum[All] != x*y)
ans = ;
else
ans = dp(All, min(x, y));
printf("Case %d: %s\n", ++kase, ans ? "Yes" : "No");
}
return ;
}
代码君
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