hdu 4193 Non-negative Partial Sums

题目地址：http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4193

题意：给出一个n数列，要求把前i（1<=i<=n）个数移到剩余数列的后面形成新的数列，如果新数列满足前i(1<=i<=n)个数均大于等于0，算一种情况，问总共有多少种情况。

简单思路：单调队列+前缀和，枚举每一个可能的以i为首的数列，用单调队列找出区间[i,i+n-1]的最小前缀和，如果最小前缀和sum[k]-sum[i-1]>=0，就可能算一种，并在枚举的时候更新单调队列。

总结：1.昨天比赛训练的时候没有想到单调队列的做法，简单的前缀和果然的超时了，学过的算法及思维远远不够，因为貌似这道题去年我做过，囧。。。

2.如果单调队列加上结构体得2000+ms,我的挫代码就如此，菜。应该就在前缀和数组sum[]上面进行单调会快一点吧。

 #include<iostream>
 #include<cstdio>
 #include<cstring>
 #include<cstdlib>
 #include<cmath>
 #include<algorithm>
 #include<queue>
 #define inf 0x7fffffff
 using namespace std;
 const int maxn=+;
 struct node
 {
     int value;
     int tag;
     node () {tag=;value=; }
 }q[maxn*];
 int sum[maxn*];
 int an[maxn*];
 int main()
 {
     int n;

     while (cin>>n,n)
     {
         memset(sum,,sizeof(sum));
         for (int i= ;i<=n ;i++)
         {
             scanf("%d",&an[i]);
             an[n+i]=an[i];
         }
         for (int i= ;i<=*n ;i++) sum[i]=sum[i-]+an[i];
         int h=,r=;
         for (int i= ;i<n ;i++)
         {
             while (h<=r && q[r].value>=sum[i]) r--;
             q[++r].value=sum[i];
             q[r].tag=i;
         }
         int count=;
         for (int i=n ;i<*n ;i++)
         {
             while (h<=r && q[r].value>=sum[i]) r--;
             q[++r].value=sum[i];
             q[r].tag=i;

             while (h<=r && q[h].tag<i-n+) h++;
             if (q[h].value-sum[i-n] >=) count++;
         }
         cout<<count<<endl;
     }
     return ;
 }