bzoj4035【HAOI2015】数组游戏
题目描述
输入格式
输出格式
对于每个询问,若先手必胜输出"Yes",否则输出"No"。答案之间用换行隔开
数据范围
N<=1000000000 , K,W<=100 , 不会有格子在同
一次询问中多次出现。
题解
- 可以发现变颜色这类问题是符合分解理论的,求出所有位置的sg值异或得到游戏的sg值;
- 考虑所有位置的sg值如何求;
- 可以写出一个$O(n^2)$的暴力(注意终止状态的$sg$为0);
- 考虑改进暴力,打表发现对于一个$n$的所有$i$,$\frac{n}{i}$相同的位置sg值也相同;
- 将$n$下底分块,就只需要求出$\sqrt{n}$个块的sg函数;
- 由于是异或,只需要判断在某个块里的奇偶性就可以知道经过这个块的异或值;
- 同时sg值由于是$mex$所以没有很大,$i<=sqrt(n)$的直接存,$i>sqrt{n}$的存在$\frac{n}{i}$里面:
- 时间复杂度:$O(n)$ ?, 空间复杂度:$O(\sqrt{n})$;
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1e5;
int n,m,u,a[N],b[N],tot,vis[N],q[N];
void pre(){
for(int i=tot,tmp;i;--i){
tmp=;
int x = q[i];
for(int j=x*,lst;j<=n;j=lst+x){
lst=n/(n/j)/x*x;
int t=lst<=u?a[lst]:b[n/lst];
vis[tmp^t]=i;
if(((lst-j)/x+)&)tmp^=t;
}
for(int j=;;++j)if(vis[j]!=i){tmp=j;break;}
if(x<=u)a[x]=tmp;else b[n/x]=tmp;
}
}
int main(){
#ifndef ONLINE_JUDGE
freopen("bzoj4035.in","r",stdin);
freopen("bzoj4035.out","w",stdout);
#endif
scanf("%d%d",&n,&m);u=sqrt(n);
for(int i=,lst;i<=n;i=lst+){lst=n/(n/i);q[++tot]=lst;}
pre();
for(int i=,x,tmp;i<=m;++i){
scanf("%d",&x);tmp=;
for(int j=,y;j<=x;++j){
scanf("%d",&y);
y=n/(n/y);
tmp^= y<=u?a[y]:b[n/y];
}
puts(tmp?"Yes":"No");
}
return ;
}
bzoj4035
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=;
int n,vis[N],sg[N];
int main(){
// freopen("exp.in","r",stdin);
freopen("exp.out","w",stdout);
for(n=;n<=;++n){
for(int i=;i<=n;++i)sg[i]=;
for(int i=n;i;--i){
for(int j=;j<=n/i;++j)vis[j]=;
int tmp = ;
for(int j=i+i;j<=n;j+=i){
tmp ^= sg[j];
vis[tmp]=;
}
for(int j=;j<=n/i;j++)if(!vis[j]){sg[i]=j;break;}
}
//for(int i=1;i<=100-n+1;++i)putchar(' ');
//for(int i=1;i<=n;++i)putchar(' ');
for(int i=;i<=n;++i)printf("%d ",sg[i]);
//printf("%d ",sg[n-2]);
//for(int i=3;i<=n;i+=3)printf("%d ",sg[i]);
puts("");
}
/*
int now = 20, cnt=0;
for(int i=now,j;i;i=j,now>>=1){
j = i - ((now + 1)>>1);
for(int k=i;k>j;--k)printf("%d",sg[k]),cnt++;
puts("");
}
cout<<cnt<<endl;
*/
return ;
}
暴力
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