hdu5111 树链剖分,主席树
hdu5111
链接
思路
先考虑序列上如何解决。
1 3 2 5 4
1 2 4 5 3
这个序列变成
1 2 3 4 5
1 3 5 5 2
是对答案没有影响的(显然)。
然后查询操作\(l,r,L,R\)就是,
一段连续的区间\([L,R]\)内包含几个值在\([l,r]\)的数字个数.
主席树就可以做了。
\(query(rt[L-1],rt[R],[l,r]的和)\)
可以用树链剖分把树上问题转化成链上。
左边一棵树树链剖分,每一条链子都是一段连续的。
右边一棵树根据父子关系建立主席树。
然后向上跳统计贡献。
吐槽
本来我写完之后可以两遍编译,一遍样例,一遍AC的。
鬼知道我清空出了什么毛病。
for(i 0 to limit-1) a[i]=0
居然清空不了。
debug了半天,换成了memset才过。
我也是醉了。
代码
#include <iostream>
#include <map>
#include <cstring>
#include <algorithm>
#define ls(x) (t[x].ls)
#define rs(x) (t[x].rs)
using namespace std;
const int _=1e5+7;
int read() {
int x=0,f=1;char s=getchar();
for(;s>'9'||s<'0';s=getchar()) if(s=='-') f=-1;
for(;s>='0'&&s<='9';s=getchar()) x=x*10+s-'0';
return x*f;
}
int n1,n2,w1[_],w2[_],rt[_];
map<int,int> dsr;
struct node {
int v,nxt;
}e1[_<<1],e2[_<<1];
int head1[_],head2[_],tot1,tot2;
void add1(int u,int v) {
e1[++tot1].v=v;
e1[tot1].nxt=head1[u];
head1[u]=tot1;
}
void add2(int u,int v) {
e2[++tot2].v=v;
e2[tot2].nxt=head2[u];
head2[u]=tot2;
}
namespace ZXS {
struct node {
int ls,rs,tot;
}t[_*30];
int cnt;
void clear() {
memset(t,0,sizeof(t));
// for(int i=0;i<=cnt;++i)
// ls(i)=rs(i)=t[i].tot=0;
cnt=0;
}
void insert(int l,int r,int k,int x,int &y) {
t[y=++cnt]=t[x];
t[y].tot++;
if(l==r) return;
int mid=(l+r)>>1;
if(k<=mid) insert(l,mid,k,ls(x),ls(y));
else insert(mid+1,r,k,rs(x),rs(y));
}
int query(int l,int r,int L,int R,int x,int y) {
if(L<=l&&r<=R) return t[y].tot-t[x].tot;
int mid=(l+r)>>1,ans=0;
if(L<=mid) ans+=query(l,mid,L,R,ls(x),ls(y));
if(R>mid) ans+=query(mid+1,r,L,R,rs(x),rs(y));
return ans;
}
}
namespace LCA{
int siz[_],son[_],top[_],f[_],dep[_],idx[_],cnt;
void clear() {
cnt=0;
memset(idx,0,sizeof(idx));
// memset(siz,0,sizeof(siz));
memset(son,0,sizeof(son));
// memset(top,0,sizeof(top));
// memset(dep,0,sizeof(dep));
// memset(f,0,sizeof(f));
}
void dfs1(int u,int fa) {
dep[u]=dep[fa]+1;
f[u]=fa;
siz[u]=1;
for(int i=head2[u];i;i=e2[i].nxt) {
int v=e2[i].v;
if(v==fa) continue;
dfs1(v,u);
siz[u]+=siz[v];
if(siz[v]>siz[son[u]]) son[u]=v;
}
}
void dfs2(int u,int topf) {
idx[u]=++cnt;
top[u]=topf;
if(!son[u]) return;
dfs2(son[u],topf);
for(int i=head2[u];i;i=e2[i].nxt) {
int v=e2[i].v;
if(!idx[v]) dfs2(v,v);
}
}
int query(int x,int y) {
while(top[x]!=top[y]) {
if(dep[top[x]]<dep[top[y]]) swap(x,y);
x=f[top[x]];
}
if(dep[x]>dep[y]) swap(x,y);
return x;
}
}
namespace SLPF{
int siz[_],son[_],top[_],f[_],dep[_],idx[_],cnt;
void clear() {
cnt=0;
memset(idx,0,sizeof(idx));
// memset(siz,0,sizeof(siz));
memset(son,0,sizeof(son));
// memset(top,0,sizeof(top));
// memset(dep,0,sizeof(dep));
// memset(f,0,sizeof(f));
}
void dfs1(int u,int fa) {
dep[u]=dep[fa]+1;
f[u]=fa;
siz[u]=1;
for(int i=head1[u];i;i=e1[i].nxt) {
int v=e1[i].v;
if(v==fa) continue;
dfs1(v,u);
siz[u]+=siz[v];
if(siz[v]>siz[son[u]]) son[u]=v;
}
}
void dfs2(int u,int topf) {
idx[u]=++cnt;
dsr[w1[u]]=cnt;
top[u]=topf;
if(!son[u]) return;
dfs2(son[u],topf);
for(int i=head1[u];i;i=e1[i].nxt) {
int v=e1[i].v;
if(!idx[v]) dfs2(v,v);
}
}
void QQ(int x,int y,int u2,int v2) {
int lca=LCA::query(u2,v2),ans=0;
while(top[x]!=top[y]) {
if(dep[top[x]]<dep[top[y]]) swap(x,y);
ans+=ZXS::query(1,n1,idx[top[x]],idx[x],rt[lca],rt[u2]);
// cout<<ZXS::query(1,n1,idx[top[x]],idx[x],rt[lca],rt[u2])<<"\n";
ans+=ZXS::query(1,n1,idx[top[x]],idx[x],rt[LCA::f[lca]],rt[v2]);
// cout<<ZXS::query(1,n1,idx[top[x]],idx[x],rt[LCA::f[lca]],rt[v2])<<"\n";
x=f[top[x]];
}
if(dep[x]>dep[y]) swap(x,y);
ans+=ZXS::query(1,n1,idx[x],idx[y],rt[lca],rt[u2]);
// cout<<ZXS::query(1,n1,idx[x],idx[y],rt[lca],rt[u2])<<"\n";
ans+=ZXS::query(1,n1,idx[x],idx[y],rt[LCA::f[lca]],rt[v2]);
// cout<<ZXS::query(1,n1,idx[x],idx[y],rt[LCA::f[lca]],rt[v2])<<"\n";
printf("%d\n",ans);
}
}
void dfs(int u,int fa) {
if(dsr.count(w2[u])) ZXS::insert(1,n1,dsr[w2[u]],rt[fa],rt[u]);
else rt[u]=rt[fa];
for(int i=head2[u];i;i=e2[i].nxt) {
int v=e2[i].v;
if(v==fa) continue;
dfs(v,u);
}
}
int main() {
// freopen("data.in","r",stdin);
// freopen("a.out","w",stdout);
while(scanf("%d",&n1)!=EOF) {
//clear
LCA::clear();
SLPF::clear();
ZXS::clear();
dsr.clear();
tot1=tot2=0;
memset(rt,0,sizeof(rt));
memset(head1,0,sizeof(head1));
memset(head2,0,sizeof(head2));
//read
for(int i=2;i<=n1;++i) {
int u=i,v=read();
// cout<<u<<"->"<<v<<"\n";
add1(u,v),add1(v,u);
}
for(int i=1;i<=n1;++i) w1[i]=read();
n2=read();
for(int i=2;i<=n2;++i) {
int u=i,v=read();
// cout<<u<<"->"<<v<<"\n";
add2(u,v),add2(v,u);
}
for(int i=1;i<=n2;++i) w2[i]=read();
//init
SLPF::dfs1(1,0);
SLPF::dfs2(1,1);
LCA::dfs1(1,0);
LCA::dfs2(1,1);
dfs(1,0);
//ask
int Q=read();
while(Q --> 0) {
int u1=read(),v1=read(),u2=read(),v2=read();
SLPF::QQ(u1,v1,u2,v2);
}
}
return 0;
}
hdu5111 树链剖分,主席树的更多相关文章
- dfs序+主席树 或者 树链剖分+主席树(没写) 或者 线段树套线段树 或者 线段树套splay 或者 线段树套树状数组 bzoj 4448
4448: [Scoi2015]情报传递 Time Limit: 20 Sec Memory Limit: 256 MBSubmit: 588 Solved: 308[Submit][Status ...
- Codechef FIBTREE 树链剖分 主席树 LCA 二次剩余 快速幂
原文链接https://www.cnblogs.com/zhouzhendong/p/CC-FIBTREE.html 题目传送门 - CC-FIBTREE 题意 给定一个有 $n$ 个节点,初始点权都 ...
- BZOJ1146 [CTSC2008]网络管理Network 树链剖分 主席树 树状数组
欢迎访问~原文出处——博客园-zhouzhendong 去博客园看该题解 题目传送门 - BZOJ1146 题意概括 在一棵树上,每一个点一个权值. 有两种操作: 1.单点修改 2.询问两点之间的树链 ...
- bzoj 4448 [Scoi2015]情报传递 (树链剖分+主席树)
题目链接:https://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4448 题面: Description 奈特公司是一个巨大的情报公司,它有着庞大的情报网络 ...
- BZOJ 4448: [Scoi2015]情报传递 树链剖分 主席树
4448: [Scoi2015]情报传递 题目连接: http://www.lydsy.com/JudgeOnline/problem.php?id=4448 Description 奈特公司是一个巨 ...
- [GDOI2016][树链剖分+主席树]疯狂动物城
题面 Description Nick 是只在动物城以坑蒙拐骗为生的狐狸,儿时受到偏见的伤害,放弃了自己的理想.他被兔子 Judy 设下圈套,被迫与她合作查案,而卷入意想不到的阴谋,历尽艰险后成为搭档 ...
- HDU 5111 Alexandra and Two Trees 树链剖分 + 主席树
题意: 给出两棵树,每棵树的节点都有一个权值. 同一棵树上的节点的权值互不相同,不同树上节点的权值可以相同. 要求回答如下询问: \(u_1 \, v_1 \, u_2 \, v_2\):询问第一棵树 ...
- 5.15 牛客挑战赛40 E 小V和gcd树 树链剖分 主席树 树状数组 根号分治
LINK:小V和gcd树 时限是8s 所以当时好多nq的暴力都能跑过. 考虑每次询问暴力 跳父亲 这样是nq的 4e8左右 随便过. 不过每次跳到某个点的时候需要得到边权 如果直接暴力gcd的话 nq ...
- BZOJ3531 SDOI2014 旅行 - 树链剖分,主席树
题意:给定一棵树,树上每个点有权值和类型.支持:修改某个点的类型:修改某个点的权值:询问某条链上某个类型的点的和/最大值.点数/类型数/询问数<=100000. 分析: 树链剖分,对每个类型的点 ...
- BZOJ4012 HNOI2015开店(树链剖分+主席树)
考虑这样一个问题:一棵树初始全是白点,有两种操作:把一个点染黑:询问某点到所有黑点的距离之和. 注意到树上两点x和y的距离为depth[x]+depth[y]-depth[lca(x,y)]*2.要求 ...
随机推荐
- Eureka与Zookeeper的区别
ACID与ACP的介绍
- Java解压和压缩带密码的zip或rar文件(下载压缩文件中的选中文件、向压缩文件中新增、删除文件)
JAVA 实现在线浏览管理zip和rar的工具类 (有密码及无密码的)以及下载压缩文件中的选中文件(向压缩文件中新增.删除文件) 这是之前的版本 JAVA 解压压缩包中指定文件或实现压缩文件的预览及下 ...
- 携程 Apollo分布式部署
一.环境准备 操作系统:CentOS release 7.5 (启动脚本理论上支持所有Linux发行版,建议CentOS 7) JDK :jdk1..0_162 (建议安装Java 1.8+) MyS ...
- Docker 快速安装&搭建 Mysql 环境
欢迎关注个人微信公众号: 小哈学Java, 文末分享阿里 P8 高级架构师吐血总结的 <Java 核心知识整理&面试.pdf>资源链接!! 个人网站: https://www.ex ...
- Android Studio出现Wait for build to finish解决办法
公司用钉钉打卡,我作弊哈哈,买了个大牛助手. 刚续费包年,开发商竟然跑路了.服务器连不上,不能用了,心血来潮想说能否自己破解了.好家伙需要学的还真不少,首先还要从安卓开发学起... 刚装了Androi ...
- P2995 [USACO10NOV]牛的照片(树状数组,逆序对)
题目: P2995 [USACO10NOV]牛的照片Cow Photographs P4545 [USACO10NOV]奶牛的图片Cow Photographs SP7809 COWPIC - Cow ...
- sqlserver 远程链接
远程链接的文档就不说了,网上好多. 这里就说下我遇到的情况,如果是阿里云的服务器的话,他的端口配置都是要到阿里云里的安全组里去配置的,第一次一直没想到,搞了一天才发现,在这里提醒各位好友.
- js正则只能包含小写数字分割符,切不能以分割符开头和结尾
const version = /^(?!_)(?!.*-$)[a-z0-9_]+$/; 1.一个正则表达式,只含有数字.小写字母.中划线不能以中划线开头和结尾: ^(?!-)(?!.*-$)[a-z ...
- Java面试题:HashMap和HashTable的区别
HashMap和HashTable的区别是面试时面试官经常问的问题,在回答的时候可以选择重点做回答,区别主要有下面几点:key和value的取值范围不同HashMap和HashTable都是基于哈希表 ...
- gradle应用
官网下载 http://services.gradle.org/distributions/ 解压并配置环境 1.解压gradle到你想要的目录 2.配置环境变量 GRADLE_HOME=D:\gra ...