[BZOJ1305][CQOI2009]跳舞(网络流)
1305: [CQOI2009]dance跳舞
Time Limit: 5 Sec Memory Limit: 162 MB
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[Submit][Status][Discuss]Description
一
次舞会有n个男孩和n个女孩。每首曲子开始时,所有男孩和女孩恰好配成n对跳交谊舞。每个男孩都不会和同一个女孩跳两首(或更多)舞曲。有一些男孩女孩相
互喜欢,而其他相互不喜欢(不会“单向喜欢”)。每个男孩最多只愿意和k个不喜欢的女孩跳舞,而每个女孩也最多只愿意和k个不喜欢的男孩跳舞。给出每对男
孩女孩是否相互喜欢的信息,舞会最多能有几首舞曲?Input
第一行包含两个整数n和k。以下n行每行包含n个字符,其中第i行第j个字符为'Y'当且仅当男孩i和女孩j相互喜欢。
Output
仅一个数,即舞曲数目的最大值。
Sample Input
3 0
YYY
YYY
YYYSample Output
3HINT
N<=50 K<=30
Source
显然是一个二分图匹配的问题,将每个人拆成两个点:喜欢点i和讨厌点i',每个限制依次考虑:
1.一对只跳一次:喜欢则i和j连1的边,讨厌则i'和j'连1的边。
2.讨厌至多k个:i向i'连k的边,j'向j连k的边。
3.但是这样直接跑之后并不能得到结果,因为不保证同性之间没有冲突,所以必须二分答案mid,S向i连mid边,j向T连mid边。
跑$O(\log n)$次最大流即可。
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
#define rep(i,l,r) for (int i=l; i<=r; i++)
#define For(i,x) for (int i=h[x],k; i; i=nxt[i])
using namespace std; const int N=,M=,inf=0x3f3f3f3f;
char ch;
int n,k,cnt,ans,mx,mid,S,T,d[N],q[M],h[N],f[M],nxt[M],to[M],mp[N][N]; void add(int u,int v,int w){
to[++cnt]=v; f[cnt]=w; nxt[cnt]=h[u]; h[u]=cnt;
to[++cnt]=u; f[cnt]=; nxt[cnt]=h[v]; h[v]=cnt;
} int bfs(){
rep(i,,T) d[i]=; d[S]=; q[]=S;
for (int st=,ed=; st!=ed; ){
int x=q[++st];
For(i,x) if (!d[k=to[i]] && f[i]) q[++ed]=k,d[k]=d[x]+;
}
return d[T];
} int dfs(int x,int lim){
if (x==T) return lim;
int c=,t;
For(i,x) if (d[k=to[i]]==d[x]+ && f[i]){
t=dfs(k,min(lim-c,f[i]));
f[i]-=t; f[i^]+=t; c+=t;
if (c==lim) return lim;
}
if (!c) d[x]=-;
return c;
} void build(){
cnt=; memset(h,,sizeof(h));
S=*n+,T=*n+;
rep(i,,n) add(S,i,mid),add(i,i+n,k),add(i+*n,i+*n,k),add(i+*n,T,mid);
rep(i,,n) rep(j,,n) if (mp[i][j]) add(i,j+*n,); else add(i+n,j+*n,);
} int main(){
freopen("bzoj1305.in","r",stdin);
freopen("bzoj1305.out","w",stdout);
scanf("%d%d",&n,&k);
rep(i,,n) rep(j,,n) scanf(" %c",&ch),mp[i][j]=(ch=='Y');
int L=,R=n;
while (L<=R){
mid=(L+R)>>; build();
ans=; while (bfs()) ans+=dfs(S,inf);
if (ans>=n*mid) mx=mid,L=mid+; else R=mid-;
}
printf("%d\n",mx);
return ;
}
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