Description

JOI君有N个装在手机上的挂饰,编号为1...N。 JOI君可以将其中的一些装在手机上。
JOI君的挂饰有一些与众不同——其中的一些挂饰附有可以挂其他挂件的挂钩。每个挂件要么直接挂在手机上,要么挂在其他挂件的挂钩上。直接挂在手机上的挂件最多有1个。
此外,每个挂件有一个安装时会获得的喜悦值,用一个整数来表示。如果JOI君很讨厌某个挂饰,那么这个挂饰的喜悦值就是一个负数。
JOI君想要最大化所有挂饰的喜悦值之和。注意不必要将所有的挂钩都挂上挂饰,而且一个都不挂也是可以的。

Input

第一行一个整数N,代表挂饰的个数。
接下来N行,第i行(1<=i<=N)有两个空格分隔的整数Ai和Bi,表示挂饰i有Ai个挂钩,安装后会获得Bi的喜悦值。 

Output

输出一行一个整数,表示手机上连接的挂饰总和的最大值

Sample Input


 -
-

Sample Output


HINT

将挂饰2直接挂在手机上,然后将挂饰1和挂饰5分别挂在挂饰2的两个挂钩上,可以获得最大喜悦值4-2+3=5。
1<=N<=2000
0<=Ai<=N(1<=i<=N)
-10^6<=Bi<=10^6(1<=i<=N)

Source

JOI 2013~2014 春季training合宿 竞技4 By PoPoQQQ

Solution

很明显,是动规题

为了满足枚举序要先对挂饰以挂钩数为第一关键字进行排序

设f[i][j]为前1~i个考虑后还剩j个挂钩的最大喜悦值,转移一下就行了

#include <stdio.h>
#include <memory.h>
#include <algorithm>
#define MaxN 2010
#define MaxBuf 1<<22
#define RG register
#define inline __inline__ __attribute__((always_inline))
#define Blue() {(S == T&&(T=(S=B)+fread(B,1,MaxBuf,stdin),S == T))?0:*S++}
#define dmin(a,b) ((a) < (b)?(a):(b))
#define dmax(a,b) ((a) > (b)?(a):(b)) char B[MaxBuf],*S=B,*T=B; template<class Type>inline void Rin(RG Type &x){
x=;RG int c=Blue();RG bool b=false;
for(; c<||c>; c=Blue())
if(c == )b=true;
for(; c>&&c<; c=Blue())
x=(x<<)+(x<<)+c-;
if(b)x=-x;
} int n,f[MaxN][MaxN],ans=-~0U<<; struct Juery{
int link_num,happiness_brought_by;
bool operator < (const Juery &other) const {
return link_num > other.link_num;
}
}a[MaxN]; int main(){
Rin(n);
for(RG int i=; i<=n; i++)
Rin(a[i].link_num),Rin(a[i].happiness_brought_by);
std::sort(a+,a++n); memset(f,-0x3f,sizeof f); f[][]=;
for(RG int i=; i<=n; i++)
for(RG int j=; j<=n; j++)
f[i][j]=dmax(f[i-][j],f[i-][dmax(,j-a[i].link_num)+]+a[i].happiness_brought_by);
for(RG int i=; i<=n; i++)
ans=dmax(ans,f[n][i]);
printf("%d\n",ans);
return ;
}

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