BZOJ3998: [TJOI2015]弦论(后缀自动机,Parent树)
Description
对于一个给定长度为N的字符串,求它的第K小子串是什么。
Input
第一行是一个仅由小写英文字母构成的字符串S
Output
输出仅一行,为一个数字串,为第K小的子串。如果子串数目不足K个,则输出-1
Sample Input
0 3
Sample Output
解题思路:
在后缀自动机Parent树上的每个节点所代表的串都是以祖先节点为后缀的逆序子串。
利用这一性质我们可以很方便地求解一个子串出现多少次的问题(其子树内实点数)
那么这道题是求解排名的问题。
一个后缀自动机可以识别一个串所有后缀。
若按前缀查询,就是所有字串,字串出现次数和就是其母串次数和的累加。
当 t=0 时,认为其实点只有自己记录。
而 t=1时,认为其子节点被记录。
累加其sum值作为以此值为前缀的串个数。
最后相减逼近答案输出即可。
代码:
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<algorithm>
typedef long long lnt;
struct sant{
int tranc[];
int len;
int pre;
}s[];
struct pnt{
lnt sum;
lnt size;
}p[];
int siz;
int fin;
int n,t;
lnt k;
char tmp[];
int has[];
int topo[];
void Insert(int c)
{
int nwp,nwq,lsp,lsq;
nwp=++siz;
s[nwp].len=s[fin].len+;
p[nwp].size=;
for(lsp=fin;lsp&&!s[lsp].tranc[c];lsp=s[lsp].pre)
s[lsp].tranc[c]=nwp;
if(!s[lsp].tranc[c])
s[nwp].pre=;
else{
lsq=s[lsp].tranc[c];
if(s[lsq].len==s[lsp].len+)
s[nwp].pre=lsq;
else{
nwq=++siz;
s[nwq]=s[lsq];
s[nwq].len=s[lsp].len+;
s[nwp].pre=s[lsq].pre=nwq;
while(s[lsp].tranc[c]==lsq)
{
s[lsp].tranc[c]=nwq;
lsp=s[lsp].pre;
}
}
}
fin=nwp;
return ;
}
int main()
{
fin=siz=;
scanf("%s",tmp+);
scanf("%d%lld",&t,&k);
n=strlen(tmp+);
for(int i=;i<=n;i++)
Insert(tmp[i]-'a');
for(int i=;i<=siz;i++)
has[s[i].len]++;
for(int i=;i<=siz;i++)
has[i]+=has[i-];
for(int i=;i<=siz;i++)
topo[has[s[i].len]--]=i;
for(int i=siz;i;i--)
if(t)
p[s[topo[i]].pre].size+=p[topo[i]].size;
else
p[topo[i]].size=;
p[].size=;
for(int i=siz;i;i--)
{
int h=topo[i];
p[h].sum=p[h].size;
for(int c=;c<;c++)
if(s[h].tranc[c])
p[h].sum+=p[s[h].tranc[c]].sum;
}
if(k>p[].sum)
{
puts("-1");
return ;
}
int root=;
while(k>)
{
for(int c=;c<;c++)
{
int l=s[root].tranc[c];
if(!l)continue;
if(k>p[l].sum)
k-=p[l].sum;
else{
putchar('a'+c);
root=s[root].tranc[c];
k-=p[root].size;
break;
}
}
}
return ;
}
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