题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3001

题意:

  有n个城市,m条双向道路,每条道路走一次需要花费路费v。你可以将任意一个城市作为起点出发,然后遍历每一个城市,并保证同一个城市最多经过2次。问你遍历这些城市的最小费用是多少。

题解:

  传统的TSP问题中,每个城市只能经过一次,做法为三重for循环,分别枚举城市的state、现在所处位置i、下一步要到达的城市j。

  

  核心Code:

 memset(dp,-,sizeof(dp));
dp[<<start][start]=;
for(int state=;state<(<<n);state++)
{
for(int i=;i<n;i++)
{
if(dp[state][i]!=-)
{
for(int j=;j<n;j++)
{
if(i!=j && !((state>>j)&))
{
if(dp[state|(<<j)][j]==- || dp[state|(<<j)][j]>dp[state][i]+dis[i][j])
{
dp[state|(<<j)][j]=dp[state][i]+dis[i][j];
}
}
}
}
}
}

  在这道题中,与传统TSP的唯一区别是每个城市最多经过的次数由1次变为了2次。那么表示每座城市的状态state也应该相应改为用三进制数表示,每一位上的数字代表对应城市已经经过的次数。

  所以把所有的二进制改为三进制就好啦 ( ̄▽ ̄)~*

  注:不用对于每一个起点分别求一次dp,会T。。。在开始要把所有的dp[update(0, i)][i] = 0

AC Code:

 #include <iostream>
#include <stdio.h>
#include <string.h>
#include <queue>
#define MAX_N 15
#define MAX_S 60000
#define INF 100000000 using namespace std; const int POW[]={,,,,,,,,,,,,,,}; int n,m;
int a,b,v;
int ans;
int dis[MAX_N][MAX_N];
int dp[MAX_S][MAX_N]; void init()
{
for(int i=;i<n;i++)
{
for(int j=;j<n;j++)
{
dis[i][j]=INF;
if(i==j) dis[i][j]=;
}
}
} void read()
{
for(int i=;i<m;i++)
{
cin>>a>>b>>v;
dis[a-][b-]=min(dis[a-][b-],v);
dis[b-][a-]=min(dis[b-][a-],v);
}
} int query(int a,int k)
{
return a/POW[k]%;
} int update(int a,int k)
{
return a+POW[k];
} bool check(int state)
{
for(int i=;i<n;i++)
{
if(query(state,i)==) return false;
}
return true;
} void solve()
{
ans=INF;
memset(dp,-,sizeof(dp));
for(int i=;i<n;i++)
{
dp[update(,i)][i]=;
}
for(int state=;state<POW[n];state++)
{
for(int i=;i<n;i++)
{
if(dp[state][i]!=-)
{
for(int j=;j<n;j++)
{
if(i!=j && query(state,j)<)
{
int nex=update(state,j);
if(dp[nex][j]==- || dp[nex][j]>dp[state][i]+dis[i][j])
{
dp[nex][j]=dp[state][i]+dis[i][j];
}
}
}
if(check(state)) ans=min(ans,dp[state][i]);
}
}
}
} void print()
{
if(ans==INF) cout<<-<<endl;
else cout<<ans<<endl;
} int main()
{
while(cin>>n>>m)
{
init();
read();
solve();
print();
}
}

HDU 3001 Travelling:TSP(旅行商)【节点最多经过2次】的更多相关文章

  1. hdu 3001 Travelling (TSP问题 )

    Travelling Time Limit: 6000/3000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others) Total ...

  2. HDU - 3001 Travelling(三进制状压dp)

    Travelling After coding so many days,Mr Acmer wants to have a good rest.So travelling is the best ch ...

  3. hdu 3001 Travelling 经过所有点(最多两次)的最短路径 三进制状压dp

    题目链接 题意 给定一个\(N\)个点的无向图,求从任意一个点出发,经过所有点的最短路径长度(每个点至多可以经过两次). 思路 状态表示.转移及大体思路 与 poj 3311 Hie with the ...

  4. hdu 3001 Travelling(状态压缩 三进制)

    Travelling Time Limit: 6000/3000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)Total ...

  5. hdu 3001 Travelling (三进制)【状压dp】

    <题目链接> 题目大意: 给出n个点和m条边,求经过所有点所需的最小花费,每个点最多经过两次. 解题分析: TSP问题类型,由于此题每个点有三种状态,所以采用三进制状态压缩,0.1.2 分 ...

  6. HDU 3001 Travelling(状态压缩DP+三进制)

    题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=3001 题目大意:有n个城市,m条路,每条路都有一定的花费,可以从任意城市出发,每个城市不能经过两次以上 ...

  7. HDU 3001 Travelling 3进制状压dp

    题意:10个点,若干条边,边有花费,每个点最多走两次,求走过所有点,花费最少 分析:因为每个点最多走两次,所以联想到3进制,然后枚举状态,就行了(我也是照着网上大神的代码写的) #include &l ...

  8. Hdu 3001 Travelling 状态DP

    题目大意 一次旅游,经过所有城市至少一次,并且任何一座城市访问的次数不能超过两次,求最小费用 每个城市最多访问两次,用状态0,1,2标识访问次数 把城市1~N的状态按照次序连接在一起,就组成了一个三进 ...

  9. HDU 3001 Travelling (三进制状态压缩 DP)

    题意:有 n 个city,能够选择任一城市作为起点,每一个城市不能訪问超过2次, 城市之间有权值,问訪问所有n个城市须要的最小权值. 思路:由于每一个城市能够訪问最多两次,所以用三进制表示訪问的状态. ...

随机推荐

  1. Python3分析sitemap.xml抓取导出全站链接

    最近网站从HTTPS转为HTTP,更换了网址,旧网址做了301重定向,折腾有点大,于是在百度站长平台提交网址,不管是主动推送还是手动提交,前提都是要整理网站的链接,手动添加太麻烦,效率低,于是就想写个 ...

  2. ASP.NET Core Web 资源打包与压缩

    本文将介绍使用的打包和压缩的优点,以及如何在ASP.NET Core应用程序中使用这些功能. 概述 在ASP.Net中可以使用打包与压缩这两种技术来提高Web应用程序页面加载的性能.通过减少从服务器请 ...

  3. [转]ubuntu搭建LAMP环境

    首先下载安装apache2 输入:sudo apt-get install apache2 安装完毕后,在浏览器中输入:localhost 可以看到apache的默认主页 紧接着安装php5 输入:s ...

  4. JQuery中常用的选择器

    属性选择器 1>  [attribute] 概述:匹配包含给定属性的元素. 示例 jQuery 代码:$("div[id]") 描述:查找所有含有 id 属性的 div 元素 ...

  5. Watson Conversation Service Implementation Methodology

    Watson Conversation Service Implementation Methodology In order to implement the WCS successfully. Y ...

  6. App 组件化/模块化之路——构建开发架构思路

    App 组件化/模块化开发架构思路 随着业务的发展 App 开发技术也越来越成熟,对开发者来说 App 代码量也迅速地增长到一个数量级.对于如何架构 App 已经每个开发者面临的实际问题.好的架构可以 ...

  7. vue.js 生命周期

    boforeCreate   创建之前 created            创建之后 boforeMount    实例化之前 mounted          实例化之后 话不多说,直接上代码 & ...

  8. 构建自己的Tomcat镜像

    在很多情况下,我们会不满足于官方提供的Tomcat镜像.比如官方镜像的时区为UTC时间,并不是北京时间:再比如在特定硬件环境下,jdk的随机数生成器初始化过慢问题.此时,我们就会考虑构建自己的Tomc ...

  9. Java基础语法<一> 数据类型&运算符

    1 数据类型   1.1 整型 类型 存储需求 取值范围 int 4字节 -21 4748 3648 – 21 4748 3647 232 short 2字节 -32768-32767 216 lon ...

  10. Spring和SpringMVC父子的容器之道---[上篇]

    Spring和SpringMVC作为Bean管理容器和MVC层的默认框架,已被众多WEB应用采用,而在实际开发中,由于有了强大的注解功能,很多基于XML的配置方式已经被替代,但在实际项目中,我们经常会 ...