Codeforces 678E. Another Sith Tournament

题意:

n(n<=18)个人打擂台赛,给定任意两人对决的胜负概率,比赛规则:可指定一人作为最开始的擂主,每次可指定台下的人替代失败的人上去对决,失败的人出局。问在最优决策下,第一个人留到最后的概率。

思路:

首先要观察到这一性质:一号玩家要想取得最终胜利的概率尽可能大,一定要把他安排在最后上场,只打一次。获胜概率与当前擂主以及台下的人有关,所以这个是状态,容易想到需要用二进制表示来压缩状态。

然而想到这些还是不好做,因为如果顺着逻辑正向DP是很困难的,因为每次有输和赢两种走向。因此需要倒着DP。

那么,定义dp[i][sta]:当前存活状态为sta,擂主为i的情况下,一号玩家获胜的最大概率。那么就有了这般转移式:

dp[i][sta] = max{ dp[i][sta], p[i][j] * dp[i][sta^(1<<j)] + p[j][i] * dp[j][sta^(1<<i)] }

这个转移式不是很好理解,想了比较久,觉得这样理解比较好:

对于擂主为i,存活人状态为sta的情况,枚举下一个上台的人j,对于确定的j,状态就有两种走向,i打败j或j打败i。

因此如果我们的决策是指定j上台攻擂,那么上述状态下一号玩家获胜的概率就会等于

pij(i赢j的概率) * dp[i]sta^(1<<j) + pji(i输给j的概率) * dp[j]sta^(1<<i)


因此DP转移的顺序应该是倒着的,对于确定的存活状态,再枚举擂主以及攻擂的人,来贪心出怎么转移过去一号玩家获胜概率最大,那么倒着推到n个人都活着的时候,对擂主i枚举,即可贪出最大概率。

代码:

#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<algorithm>
#include<iomanip>
#include<vector>
#include<map>
#include<set>
#include<queue>
#include<cstring>
#include<cmath>
#include<functional>
#include<string>
#define dd(x) cout<<#x<<" = "<<x<<" "
#define de(x) cout<<#x<<" = "<<x<<"\n"
#define pb push_back
#define mp make_pair
#define fi first
#define se second
using namespace std;
typedef long long ll;
typedef long double ld;
typedef pair<int,int> P;
typedef priority_queue<int> BQ;
typedef priority_queue<int,vector<int>,greater<int> > SQ;
const int maxn=6e5+10,mod=1e9+7,INF=0x3f3f3f3f;
ld p[20][20];
ld dp[20][maxn];
int main()
{
int n;
cin>>n;
for (int i=0;i<n;++i)
for (int j=0;j<n;++j)
cin>>p[i][j];
dp[0][1]=1;
for (int sta=1;sta<(1<<n);++sta)
{
for (int i=0;i<n;++i)
{
if (!(sta&(1<<i)))
continue;
for (int j=0;j<n;++j)
{
if (i==j||!(sta&(1<<j)))
continue;
dp[i][sta]=max(dp[i][sta], p[i][j]*dp[i][sta^(1<<j)]+p[j][i]*dp[j][sta^(1<<i)]);
}
}
}
ld ans=-1;
for (int i=0;i<n;++i)
ans=max(ans,dp[i][(1<<n)-1]);
cout<<setprecision(10)<<ans;
return 0;
}

Codeforces 678E. Another Sith Tournament(概率DP,状压)的更多相关文章

  1. Educational Codeforces Round 13 E. Another Sith Tournament 概率dp+状压

    题目链接: 题目 E. Another Sith Tournament time limit per test2.5 seconds memory limit per test256 megabyte ...

  2. codeforces 678E Another Sith Tournament 概率dp

    奉上官方题解 然后直接写的记忆化搜索 #include <cstdio> #include <iostream> #include <ctime> #include ...

  3. 20190716NOIP模拟赛T1 礼物(概率dp+状压)

    题目描述 夏川的生日就要到了.作为夏川形式上的男朋友,季堂打算给夏川买一些生 日礼物. 商店里一共有种礼物.夏川每得到一种礼物,就会获得相应喜悦值Wi(每种 礼物的喜悦值不能重复获得). 每次,店员会 ...

  4. Codeforces 678E Another Sith Tournament 状压DP

    题意: 有\(n(n \leq 18)\)个人打擂台赛,编号从\(1\)到\(n\),主角是\(1\)号. 一开始主角先选一个擂主,和一个打擂的人. 两个人之中胜的人留下来当擂主等主角决定下一个人打擂 ...

  5. Codeforces 678E(Another Sith Tournament)

    题目链接:传送门 题目大意:有n个人决斗(n<=18),每两个人之间都有一定几率杀死对方,一次进行一次决斗,胜利者成为擂主继续接受决斗直到只剩下一个人,你是一号,问你最大有多大几率存活到最后. ...

  6. hdu 4336 概率dp + 状压

    hdu 4336 小吃包装袋里面有随机赠送一些有趣的卡片,如今你想收集齐 N 张卡片.每张卡片在食品包装袋里出现的概率是p[i] ( Σp[i] <= 1 ), 问你收集全部卡片所需购买的食品数 ...

  7. HDU4336 Card Collector (概率dp+状压dp)

    http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=4336 题意:有n种卡片,一个包里会包含至多一张卡片,第i种卡片在某个包中出现的次数为pi,问将所有种类的卡片集齐 ...

  8. SCUT - 254 - 欧洲爆破 - 概率dp - 状压dp

    https://scut.online/p/254 思路很清晰,写起来很恶心. #include<bits/stdc++.h> using namespace std; #define l ...

  9. 【HDU】4352 XHXJ's LIS(数位dp+状压)

    题目 传送门:QWQ 分析 数位dp 状压一下现在的$ O(nlogn) $的$ LIS $的二分数组 数据小,所以更新时直接暴力不用二分了. 代码 #include <bits/stdc++. ...

随机推荐

  1. 怎样设置cookie的到期时间

    1. 使用Cookie的: Expires 属性. 它可以设置cookie的过期时间. 下面的代码表示id这条cookie的过期时间是2015年10月21日早上7点28分; Set-Cookie: i ...

  2. CentOS7利用systemctl添加dotnet后台服务

    /usr/lib/systemd/system/zl.service systemctl enable zl.service systemctl start zl.service [Unit]Desc ...

  3. springCloud的feign异常:RequestHeader参数为空时,对key加了大括号{}

    好久没写博客了,今天趁着周末把工作中遇到的问题梳理一下(在这个问题排查过程中,发现自己排查问题的能力还是太弱了,需要加强). 最近在公司springCloud的项目里,通过feign远程调用其他服务, ...

  4. 【原创】大叔经验分享(82)logstash一个实例运行多个配置文件

    logstash一个实例运行多个配置文件,将所有配置文件放到以下目录即可 /usr/share/logstash/pipeline 但是默认行为不是每个配置文件独立运行,而是作为一个整体,每个inpu ...

  5. seaborn:一个更强大的画图工具

    数据加载: 1. Countplot 和之前的pandas绘图相比,使用countplot可以自动计算每类的数量. 2. KDE Plot KDE,是"kernel density esti ...

  6. Mac下安装Redis及Redis Desktop Manager

    1.简介 Redis 是一个开源(BSD许可)的,内存中的数据结构存储系统,它可以用作数据库.缓存和消息中间件. 它支持多种类型的数据结构,如 字符串(strings), 散列(hashes), 列表 ...

  7. ppp协议解析二

    转:http://blog.csdn.net/yangzheng_yz/article/details/11526747 PPP(Point to Point Protocol,点对点协议)协议是为在 ...

  8. Centos7.4下安装Python3

    安装Python3 安装依赖包 yum -y groupinstall "Development tools" yum -y install zlib-devel bzip2-de ...

  9. kubernetes之Taints污点和Tolerations容忍

    介绍说明 nodeaffinity节点亲和性是pod上定义的一种属性, 使得pod能够被调度到某些node上运行, taint污点正好相反, 它让node拒绝pod运行, 除非pod明确声明能够容忍这 ...

  10. [易学易懂系列|rustlang语言|零基础|快速入门|(28)|实战5:实现BTC价格转换工具]

    [易学易懂系列|rustlang语言|零基础|快速入门|(28)|实战5:实现BTC价格转换工具] 项目实战 实战5:实现BTC价格转换工具 今天我们来开发一个简单的BTC实时价格转换工具. 我们首先 ...