又学到一个\(SAM\)的新套路QvQ

思路

考虑用其中的一个串建个\(SAM\),然后用其他的串在上面匹配,匹配时更新答案

首先有一个全局变量\(len\),表示当前已匹配的长度。假设目前在点\(u\),转移方式如下(根节点为\(1\)):

如果没有对应的转移边,就走后缀连接,\(u=suflink(u)\),并令\(len=maxlen(suflink(u))\)。否则走对应的转移边,同时\(len++\)。如果一直没有对应的转移边,即到最后发现\(u=0\),就把\(u\)置为\(1\),\(len\)置为\(0\),并开始下个字符的匹配

开一个数组\(mx\)记录每个结点被匹配时的\(len\)最大是多少,全部匹配完后还要拓扑排序一遍,把每个结点的\(mx\)上传给其\(parent\ tree\)上的祖先。对于一个结点\(u\),它所代表的\(lcs\)长度为每个字符串匹配完后\(mx\)中的最小值,每次更新一下就行了

代码

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;

#define N 100000

int m, n, root = 1, nid = 1, last = 1, maxlen[2*N+5], ch[2*N+5][26], link[2*N+5], mx[2*N+5], mn[2*N+5], len;
int tmp[2*N+5], a[2*N+5]; void insert(int c) {
int cur = ++nid;
maxlen[cur] = maxlen[last]+1;
while(last && !ch[last][c]) ch[last][c] = cur, last = link[last];
if(!last) link[cur] = root;
else {
int p = last, q = ch[last][c];
if(maxlen[q] == maxlen[p]+1) link[cur] = q;
else {
int clone = ++nid;
maxlen[clone] = maxlen[p]+1;
for(int i = 0; i < 26; ++i) ch[clone][i] = ch[q][i];
link[clone] = link[q]; link[q] = link[cur] = clone;
while(p && ch[p][c] == q) ch[p][c] = clone, p = link[p];
}
}
last = cur;
} void radixSort() {
memset(tmp, 0, sizeof tmp);
for(int i = 1; i <= nid; ++i) tmp[maxlen[i]]++;
for(int i = 1; i <= m; ++i) tmp[i] += tmp[i-1];
for(int i = 1; i <= nid; ++i) a[tmp[maxlen[i]]--] = i;
for(int i = nid; i >= 1; --i)
mx[link[a[i]]] = max(mx[link[a[i]]], min(maxlen[link[a[i]]], mx[a[i]])), mn[a[i]] = min(mn[a[i]], mx[a[i]]);
} void calc(char *s) {
n = strlen(s);
memset(mx, 0, sizeof mx);
int u = root;
len = 0;
for(int i = 0; i < n; ++i) {
while(u && !ch[u][s[i]-'a']) u = link[u], len = maxlen[u];
if(!u) u = root;
else {
u = ch[u][s[i]-'a'];
len++;
mx[u] = max(mx[u], len);
}
}
radixSort();
} int main() {
char s[N+5];
scanf("%s", s);
m = strlen(s);
for(int i = 0; i < m; ++i) insert(s[i]-'a');
memset(mn, 0x3f, sizeof mn);
while(~scanf("%s", s)) calc(s);
int ans = 0;
for(int i = 1; i <= nid; ++i) ans = max(ans, mn[i]);
printf("%d\n", ans);
return 0;
}

例题

SP1811

SP1812

SP10570

[SDOI2008]Sandy的卡片

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