沉迷Link-Cut tree无法自拔之:[BZOJ3669][Noi2014] 魔法森林
来自蒟蒻 \(Hero \_of \_Someone\) 的 \(LCT\) 学习笔记
$
$
有一个很好的做法是 \(spfa\) ,但是我们不聊 \(spfa\) , 来聊 \(LCT\)
\(LCT\) 做法跟 \(spfa\) 的做法其实有点像,
先将所有的边按 \(a\) 的值从小到大排, 再以 \(b\) 的值为边权来动态的维护最小生成树,
答案即为 当前插入边的 \(a\) 值加上最小生成树中的最大边权 的最小值
$
$
此外, 用 \(LCT\) 维护 \(MST\) , 就是在添边的时候如果遇到环且环上最长的边边权大于当前边, 就将最大边 \(cut\) , 再将当前边添入
//made by Hero_of_Someone
#include<iostream>
#include<cstdio>
#include<cstdlib>
#include<algorithm>
#define N (50040)
#define M (100010)
#define RG register
using namespace std;
inline int gi(){ RG int x=0,q=1; RG char ch=getchar(); while((ch<'0'||ch>'9')&&ch!='-') ch=getchar();
if(ch=='-') q=-1,ch=getchar(); while('0'<=ch&&ch<='9') x=x*10+ch-'0',ch=getchar(); return q*x; }
void File(){freopen(".in","r",stdin);freopen(".out","w",stdout);}
int n,m;
struct Edge{
int u,v,a,b;
bool operator<(const Edge& x)const{ return a<x.a; }
}e[M];
inline void init(){
n=gi(),m=gi();
for(RG int i=1;i<=m;i++){
e[i].u=gi(),e[i].v=gi();
e[i].a=gi(),e[i].b=gi();
}
sort(e+1,e+m+1);
}
int Max[N+M],val[N+M];
int ch[N+M][2],fa[N+M],rev[N+M];
inline void cur(int x,int y){ val[x]=Max[x]=y; }
inline bool cnm(int x,int y){ return e[x].b<e[y].b; }
inline void up(int x){
Max[x]=max(Max[ch[x][0]],Max[ch[x][1]],cnm);
Max[x]=max(Max[x],val[x],cnm);
}
inline void reverse(int x){
swap(ch[x][0],ch[x][1]);
rev[x]^=1;
}
inline void down(int x){
if(!rev[x]) return ;
reverse(ch[x][0]);
reverse(ch[x][1]);
rev[x]=0;
}
inline bool is_root(int x){ return ch[fa[x]][0]!=x && x!=ch[fa[x]][1]; }
inline bool lr(int x){ return x==ch[fa[x]][1]; }
inline void rotate(int x){
RG int y=fa[x],z=fa[y],k=lr(x);
if(!is_root(y)) ch[z][lr(y)]=x;
fa[x]=z; fa[ch[x][k^1]]=y; fa[y]=x;
ch[y][k]=ch[x][k^1]; ch[x][k^1]=y;
up(y); up(x);
}
int st[N+M];
inline void splay(int x){
RG int y=x,top=0;
while(1){
st[++top]=y;
if(is_root(y)) break;
y=fa[y];
}
for(RG int i=top;i;i--) down(st[i]);
while(!is_root(x)){
if(!is_root(fa[x])) rotate(lr(x)^lr(fa[x])?x:fa[x]);
rotate(x);
}
}
inline void access(int x){
RG int y=0;
while(x){ splay(x);
ch[x][1]=y; fa[y]=x;
up(x); y=x; x=fa[x];
}
}
inline void make_root(int x){
access(x); splay(x); reverse(x);
}
inline int find(int x){
while(fa[x]) x=fa[x];
return x;
}
inline void link(int x,int y){
if(find(x)==find(y)) return ;
make_root(x); fa[x]=y;
}
inline void cut(int x,int y){
make_root(x); access(y); splay(y);
if(ch[y][0]==x) ch[y][0]=0,fa[x]=0,up(y);
}
inline int query(int x,int y){
make_root(x); access(y); splay(y);
return Max[y];
}
inline void Insert(int id){
RG int x=e[id].u,y=e[id].v;
if(x==y) return ;
if(find(x)==find(y)){
RG int tmp=query(x,y);
if(e[tmp].b<=e[id].b) return ;
cut(n+tmp,e[tmp].u);
cut(n+tmp,e[tmp].v);
}
cur(n+id,id);
link(x,n+id);
link(y,n+id);
}
inline void work(){
RG int ans=1<<30;
for(RG int i=1;i<=m;i++){
Insert(i);
if(find(1)!=find(n)) continue;
ans=min(ans,e[i].a+e[query(1,n)].b);
}
if(ans==1<<30) ans=-1;
printf("%d\n",ans);
}
int main(){ init(); work(); return 0; }
沉迷Link-Cut tree无法自拔之:[BZOJ3669][Noi2014] 魔法森林的更多相关文章
- bzoj3669: [Noi2014]魔法森林 lct版
先上题目 bzoj3669: [Noi2014]魔法森林 这道题首先每一条边都有一个a,b 我们按a从小到大排序 每次将一条路劲入队 当然这道题权在边上 所以我们将边化为点去连接他的两个端点 当然某两 ...
- [bzoj3669][Noi2014]魔法森林_LCT_并查集
魔法森林 bzoj-3669 Noi-2014 题目大意:说不明白题意系列++……题目链接 注释:略. 想法:如果只有1个参量的话spfa.dij什么的都上来了. 两个参量的话我们考虑,想将所有的边按 ...
- BZOJ3669[Noi2014]魔法森林——kruskal+LCT
题目描述 为了得到书法大家的真传,小E同学下定决心去拜访住在魔法森林中的隐士.魔法森林可以被看成一个包含个N节点M条边的无向图,节点标号为1..N,边标号为1..M.初始时小E同学在号节点1,隐士则住 ...
- BZOJ3669: [Noi2014]魔法森林(瓶颈生成树 LCT)
Time Limit: 30 Sec Memory Limit: 512 MBSubmit: 3558 Solved: 2283[Submit][Status][Discuss] Descript ...
- BZOJ3669 [Noi2014]魔法森林(SPFA+动态加边)
本文版权归ljh2000和博客园共有,欢迎转载,但须保留此声明,并给出原文链接,谢谢合作. 本文作者:ljh2000 作者博客:http://www.cnblogs.com/ljh2000-jump/ ...
- bzoj3669[Noi2014]魔法森林
#include <iostream> #include <cstdio> #include <cstring> #include <cmath> #i ...
- bzoj3669: [Noi2014]魔法森林 lct
记得去年模拟赛的时候好像YY出二分答案枚举a,b的暴力,过了55欸 然后看正解,为了将两维变成一维,将a排序,模拟Kruskal的加边过程,同时维护1到n的最大值,加入一条边e(u,v,a,b)时有以 ...
- BZOJ3669 NOI2014魔法森林
按a从小到大排序,然后按b建图. 每次只需要找1~n中最大的b加当前的a计算答案即可. 这里还有一个小操作就是化边为点,把一条边的边权看做一个点的点权然后多连两条边. By:大奕哥 #include& ...
- [bzoj3669][Noi2014]魔法森林——lct
Brief description 给定一个无向图,求从1到n的一条路径使得这条路径上最大的a和b最小. Algorithm Design 以下内容选自某HN神犇的blog 双瓶颈的最小生成树的感觉, ...
随机推荐
- [Oracle]数据库的Control File 取Dump后的样例
[Oracle]数据库的Control File 取Dump后的样例: 片段截取-------------------------------(size = 40, compat size = 40, ...
- STM32串口打印输出乱码的解决办法
前言 最近在试用uFUN开发板,下载配套的Demo程序,串口数据输出正常,当使用另一个模板工程,调用串口printf调试功能时,输出的却是乱码,最后发现是外部晶振频率不一样.很多STM32开发板都是使 ...
- 从源码的角度看 React JS 中批量更新 State 的策略(下)
这篇文章我们继续从源码的角度学习 React JS 中的批量更新 State 的策略,供我们继续深入学习研究 React 之用. 前置文章列表 深入理解 React JS 中的 setState 从源 ...
- Nginx 403 Forbidden 解决方案 史上最靠谱
原因 1. SELinux为开启状态(enabled) 查看SELinux的状态 sestatus 如果不是 disables , 需要 vi /etc/selinux/config 将以前的 SEL ...
- Linux下DNS简单部署(主从域名服务器)
一.DNS简介DNS(Domain Name System),域名系统,因特网上作为域名和IP地址相互映射的一个分布式数据库,能够使用户更方便的访问互联网,而不用去记住能够被机器直接读取的IP数串.通 ...
- D. Bicolorings
传送门 [http://codeforces.com/contest/1051/problem/D] 题意 相当于有个2列n行得棋盘,棋盘上的格子只能是黑或者白,问你联通块为k得方案数有多少,结果对 ...
- [BUAA-SE-2018]结对作业测试报告
目录 1. 测试方式 2. 评分规则 2.1 测试点组成 2.2 性能测试的分级 2.3 重新提交的扣分策略 3. 评测结果 3.1 罗老师班 3.2 任老师班 3.3 表中数据的说明 4. 测试点下 ...
- Linux内核第二节
作者:武西垚 深入理解函数调用堆栈 堆栈是C语言程序运行时必须的一个记录调用路径和参数的空间 堆栈的作用 函数调用框架 传递参数 保存返回地址 提供局部变量空间 堆栈相关的寄存器 esp,堆栈指针,指 ...
- 网络:LVS负载均衡原理
LB集群的架构和原理很简单,就是当用户的请求过来时,会直接分发到Director Server上,然后它把用户的请求根据设置好的调度算法,智能均衡地分发到后端真正服务器(real server)上.为 ...
- git心得与总结
任何文件在Git库中都有四种状态:未跟踪状态untracked.跟踪状态tracked(未修改状态unmodified.已修改状态modified.暂存状态staged),由于文件的上述四种状态,在使 ...