4034: [HAOI2015]树上操作
4034: [HAOI2015]树上操作
思路:
树链剖分。操作:单点修改,路径查询,子树修改。
代码:
- #include<cstdio>
- #include<algorithm>
- #include<cstring>
- #include<iostream>
- #include<cmath>
- #include<cctype>
- using namespace std;
- const int N = ;
- typedef long long LL;
- struct Edge{
- int to,nxt;
- Edge() {}
- Edge(int a,int b) {to = a,nxt = b;}
- }e[N<<];
- int head[N],tot;
- LL sum[N<<],tag[N<<],w[N],data[N];
- int pos[N],siz[N],son[N],bel[N],deth[N],fa[N];
- int tn;
- inline int read() {
- int x = ,f = ;char ch = getchar();
- for (; !isdigit(ch); ch=getchar()) if(ch=='-') f = -;
- for (; isdigit(ch); ch=getchar()) x = x*+ch-'';
- return x * f;
- }
- void add_edge(int u,int v) {
- e[++tot] = Edge(v,head[u]);head[u] = tot;
- e[++tot] = Edge(u,head[v]);head[v] = tot;
- }
- void dfs1(int u,int pa) {
- siz[u] = ;
- deth[u] = deth[pa] + ;
- fa[u] = pa;
- for (int i=head[u]; i; i=e[i].nxt) {
- int v = e[i].to;
- if (v==pa) continue;
- dfs1(v,u);
- siz[u] += siz[v];
- if (!son[u] || siz[son[u]]<siz[v]) son[u] = v;
- }
- }
- void dfs2(int u,int top) {
- bel[u] = top;
- pos[u] = ++tn;
- data[pos[u]] = w[u];
- if (!son[u]) return;
- dfs2(son[u],top);
- for (int i=head[u]; i; i=e[i].nxt) {
- int v = e[i].to;
- if (v==fa[u] || v==son[u]) continue;
- dfs2(v,v);
- }
- }
- #define lson l,mid,rt<<1
- #define rson mid+1,r,rt<<1|1
- void pushup(int rt) {
- sum[rt] = sum[rt<<] + sum[rt<<|];
- }
- void pushdown(int rt,int len) {
- if (tag[rt]) {
- sum[rt<<] += 1ll * tag[rt] * (len-len/);tag[rt<<] += tag[rt];
- sum[rt<<|] += 1ll * tag[rt] * (len/);tag[rt<<|] += tag[rt];
- tag[rt] = ;
- }
- }
- void build(int l,int r,int rt) {
- if (l==r) {
- sum[rt] = data[l];
- return ;
- }
- int mid = (l + r) / ;
- build (lson);
- build (rson);
- pushup(rt);
- }
- void update(int l,int r,int rt,int L,int R,LL x) {
- if (L <= l && r <= R) {
- sum[rt] += 1ll * (r - l + ) * x;
- tag[rt] += x;
- return ;
- }
- pushdown(rt,r-l+);
- int mid = (l + r) / ;
- if (L <= mid) update(lson,L,R,x);
- if (R > mid) update(rson,L,R,x);
- pushup(rt);
- }
- LL query(int l,int r,int rt,int L,int R) {
- if (L <= l && r <= R) {
- return sum[rt];
- }
- int mid = (l + r) / ;
- LL ret = ;
- pushdown(rt,r-l+);
- if (L <= mid) ret += query(lson,L,R);
- if (R > mid) ret += query(rson,L,R);
- return ret;
- }
- void Ask(int x,int y) {
- LL ans = ;
- while (bel[x] != bel[y]) {
- if (deth[bel[x]] < deth[bel[y]]) swap(x,y);
- ans += query(,tn,,pos[bel[x]],pos[x]);
- x = fa[bel[x]];
- }
- if (deth[x] < deth[y]) swap(x,y);
- ans += query(,tn,,pos[y],pos[x]);
- printf("%lld\n",ans);
- }
- int main() {
- int n = read(),m = read();
- for (int i=; i<=n; ++i) w[i] = read();
- for (int i=; i<n; ++i) {
- int u = read(),v = read();
- add_edge(u,v);
- }
- dfs1(,);
- dfs2(,);
- build(,tn,);
- LL a;
- while (m--) {
- int opt = read(),x = read();
- if (opt == ) {
- a = read();
- update(,tn,,pos[x],pos[x],a);
- }
- else if (opt==) {
- a = read();
- update(,tn,,pos[x],pos[x]+siz[x]-,a);
- }
- else Ask(x,);
- }
- return ;
- }
4034: [HAOI2015]树上操作的更多相关文章
- bzoj 4034: [HAOI2015]树上操作 树链剖分+线段树
4034: [HAOI2015]树上操作 Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 256 MBSubmit: 4352 Solved: 1387[Submit][Stat ...
- bzoj 4034: [HAOI2015]树上操作 (树剖+线段树 子树操作)
4034: [HAOI2015]树上操作 Time Limit: 10 Sec Memory Limit: 256 MBSubmit: 6779 Solved: 2275[Submit][Stat ...
- BZOJ.4034 [HAOI2015]树上操作 ( 点权树链剖分 线段树 )
BZOJ.4034 [HAOI2015]树上操作 ( 点权树链剖分 线段树 ) 题意分析 有一棵点数为 N 的树,以点 1 为根,且树点有边权.然后有 M 个 操作,分为三种: 操作 1 :把某个节点 ...
- [BZOJ]4034: [HAOI2015]树上操作
[HAOI2015]树上操作 传送门 题目大意:三个操作 1:a,b,c b节点权值+c 2:a,b,c 以b为根的子树节点权值全部+c 3:a,b 查询b到根路径的权值和. 题解:树链剖分 操作1 ...
- bzoj 4034 [HAOI2015]树上操作 入栈出栈序+线段树 / 树剖 维护到根距离和
题目大意 有一棵点数为 N 的树,以点 1 为根,且树点有边权.然后有 M 个 操作,分为三种: 操作 1 :把某个节点 x 的点权增加 a . 操作 2 :把某个节点 x 为根的子树中所有点的点权都 ...
- BZOJ 4034 [HAOI2015]树上操作(欧拉序+线段树)
题意: 有一棵点数为 N 的树,以点 1 为根,且树点有边权.然后有 M 个 操作,分为三种: 操作 1 :把某个节点 x 的点权增加 a . 操作 2 :把某个节点 x 为根的子树中所有点的点权都增 ...
- BZOJ 4034: [HAOI2015]树上操作 [欧拉序列 线段树]
题意: 操作 1 :把某个节点 x 的点权增加 a . 操作 2 :把某个节点 x 为根的子树中所有点的点权都增加 a . 操作 3 :询问某个节点 x 到根的路径中所有点的点权和. 显然树链剖分可做 ...
- 4034. [HAOI2015]树上操作【树链剖分】
Description 有一棵点数为 N 的树,以点 1 为根,且树点有边权.然后有 M 个 操作,分为三种: 操作 1 :把某个节点 x 的点权增加 a . 操作 2 :把某个节点 x 为根的子树中 ...
- bzoj 4034: [HAOI2015]树上操作——树链剖分
Description 有一棵点数为 N 的树,以点 1 为根,且树点有边权.然后有 M 个 操作,分为三种: 操作 1 :把某个节点 x 的点权增加 a . 操作 2 :把某个节点 x 为根的子树中 ...
随机推荐
- 构建跨平台APP开发的两本书,这里重点推荐下
第一本是<构建跨平台:jquery Mobile移动应用实战> 是目前jqm开发写的比较入门的一本书,上手很快,但是高手我觉得就没有必要学习了,因为写的比较浅显. 第二本是<构建跨平 ...
- 【转】run方法与start方法的区别
在java线程中 start与run的不同start与run方法的主要区别在于当程序调用start方法一个新线程将会被创建,并且在run方法中的代码将会在新线程上运行,然而在你直接调用run方法的时候 ...
- java研发常见问题总结 1
1.java中所有类的父类是什么?他都有什么方法? Object类是所有类的直接或间接基类,如果一个类在声明时未继承基类,Java就默认其基类是Object,故Object被称为根类.该类位于java ...
- 爬虫第一篇基本库的使用——urllib
在Python2中有urllib2和urllib3两个库来实现请求的发送,在Pyhon3中则统一为urllib. urilib包含以下4个模块 request:最基本的请求模块,可以用来实现请求的发送 ...
- 最长公共单词,类似LCS,(POJ2250)
题目链接:http://poj.org/problem?id=2250 解题报告: 1.状态转移方程: ; i<=len1; i++) { ; j<=len2; j++) { dp[i][ ...
- 基于ngx_lua模块的waf开发实践
0x00 常见WAF简单分析 WAF主要分为硬件WAF和软件防火墙,硬件WAF如绿盟的NSFOCUS Web Application Firewall,软件防火墙比较有名的是ModSecurity,再 ...
- 2017.11.24 算法分析与设计------Gay格雷码
1. 格雷码问题: 对于给定的正整数n,格雷码为满足如下条件的一个编码序列: (1) 序列由2n个编码组成,每个编码都是长度为n的二进制位串. (2) 序列中无相同的编码. (3) 序列中位置相邻的两 ...
- Entity Framework的扩展库
https://github.com/jcachat/EntityFramework.DynamicFilters Provides global & scoped filters for E ...
- wcf 的小介绍
http://www.cnblogs.com/scottckt/archive/2010/10/15/1852136.html
- ImportError: No module named images
[问题] 在使用学习wxPython时,一个Dem抱有如题所示错误 [解决] images 只不过是wxpython自带demo中的一个文件 体验wxpython IN action的时候Import ...