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P2396 传送门

Solution:

一眼能看出$O(n*2^n)$的状压$dp$

但此题是个卡常题,$n=23/24$的时候就别想过了

这题算是提供了一种对状压$dp$的优化思路吧

原来我们要用$n$的时间来查找当前有哪些位为1,然后从这些位来转移

但实际上可以通过树状数组中$lowbit$函数的方式用$popcount(i)$的复杂度来得到所有的1

此时总的复杂度降到了$O(\sum_{i=1}^{2^n-1} popcount(i))$,实际上就是$O(n*2^{n-1})$

虽然只减少了1倍的时间,但开个$O2$还是勉强能卡过去

Tip:使用这种优化时只能从$dp[i\^(1<<j)]$向$dp[i]$转移,而不能从$dp[i]$向$dp[i|(1<<j)]$转移了

Code:

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;
const int MAXN=<<,MOD=1e9+;
int n,dat[MAXN],dp[MAXN],m,m1,m2,lst,t; void inc(int &a,int b){a=(a+b>=MOD)?(a+b-MOD):a+b;}
int main()
{
scanf("%d",&n);
for(int i=;i<n;i++) scanf("%d",&dat[<<i]);
scanf("%d",&m);
if(m>=) scanf("%d",&m1);
if(m>=) scanf("%d",&m2); dp[]=;int MAX=(<<n)-;
for(int i=;i<=MAX;i++)
{
lst=i&(-i);
dat[i]=dat[i^lst]+dat[lst];
if(dat[i]==m1||dat[i]==m2) continue; for(t=i;t;t^=lst,lst=t&(-t))
inc(dp[i],dp[i^lst]);
}
printf("%d",dp[MAX]);
return ;
}

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