题目链接

大意

给你\(N\)个事件,解决每个事件所需的时间有\(1/2\)的概率为\(t[i]\),\(1/2\)的概率为\((t[i]+1)\),给你总时间\(T\),在\(T\)时间内按顺序解决事件,求能解决的事件的期望个数。

(答案对\(10^9+7\)取模)

(\(N\le 2\cdot 10^5,1\le t[i]\le 10^9,1\le T\le 2\cdot 10^{14}\))

思路

考虑如何求期望:

我们设\(P[i]\)表示第\(i\)件物品能被做完的概率。

则有$$Ans=\sum_{i=1}^{N}P[i]$$

则问题就转化为如何求\(P[i]\)。

我们设\(Sum[i]\)表示前\(i\)件事的最小时间和,即\(Sum[i]=\sum_{i=1}^{N}t[i]\)。

①:对于\(Sum[i]+i\le T\)的情况:

则第\(i\)件事一定会被做完,故\(P[i]=1\)。

②:对于\(Sum[i]\le T<Sum[i]+i\)的情况:

我们设\(Dp[i][j]\)表示前\(i\)件事有\(j\)件事时间多做了\(1\)个单位的概率,即多做了\(j\)个时间单位,

则对于每个\(Dp[i][j]\),若有\(Sum[i]+j<=T\),则可以对\(P[i]\)产生\(Dp[i][j]\)的贡献。

考虑如何求\(Dp[i][j]\):

将这些事件按是否多做\(1\)个时间单位分类,

若完成时间为\(t[i]\),则类型为\(0\),

若完成时间为\(t[i]+1\),则类型为\(1\),

则可以将这些事件的状态表示为一个\(01\)串。

则总状态数就为\(2^i\),从\(i\)个数中选\(j\)个让其状态为\(1\)的个数就为\(C(i,j)\),

则\(Dp[i][j]=\frac{C(i,j)}{2^i}\)。

对于每个\(P[i]\),

我们倘若每次都去枚举有哪些\(j\)是可以满足\(Sum[i]+j<=T\)的话,很明显会超时。

则考虑如何从上一次\((P[i-1])\)所需的状态数转到\(P[i]\)的状态数。

(注:第一次进入情况②的时候可以暴力找到状态)

考虑如何快速地从\(P[i-1]\)转移到\(P[i]\)的状态:

我们设上一次需要的\(C\)是从\(C(i-1,0)\)到\(C(i-1,Sum_K)\),

设上一次的\(P[i-1]=\frac{Sum_N}{2^{i-1}}\),则有\(Sum_N=\sum_{j=0}^{Sum_K}C(i-1,j)\)。

根据$$C(i,j)=C(i-1,j)+C(i-1,j-1)$$

则有$$\sum_{j=1}{Sum_K}C(i,j)=\sum_{j=1}{Sum_K}(C(i-1,j)+C(i-1,j-1))$$

则$$\sum_{j=1}{Sum_K}C(i,j)=(2*\sum_{j=0}{Sum_K}C(i-1,j))-C(i-1,0)-C(i-1,Sum_K)$$

然后,对于这次的\(Sum_N\)来说,

\(Sum_N=\sum_{j=1}^{Sum_K}C(i,j)+C(i,0)-\sum_{j=T-Sum[i]+1}^{Sum_K}C(i,j)\)

\(Sum_N=(2*\sum_{j=0}^{Sum_K}C(i-1,j))-C(i-1,Sum_K)-\sum_{j=T-Sum[i]+1}^{Sum_K}C(i,j)\)

\(Sum_N=Sum_N*2-C(i-1,Sum_K)-\sum_{j=T-Sum[i]+1}^{Sum_K}C(i,j)\)

则这一次的\(Sum_N\)就可以从上一次的\(Sum_N\)转移过来。

显然这一次的\(Sum_K=T-Sum[i]\)。

则\(Sum_K\)会随着\(i\)的增大而减小,

而进入情况②的条件是:\(Sum[i]<=T<Sum[i]+i\),

即求解所有的\(Sum_N\)的时间复杂度总计\(O(N)\)。

③:\(Sum[i]>T\)时

则事件\(i\)一定不会被做完,即\(P[i]=0\)。

综上,\(Ans\)得解。

代码

#include<cstdio>
#include<algorithm>
using namespace std;
#define LL long long
const int ON=200000;
const int MAXN=200005;
const long long ONE=1;
const int MOD=1000000007;
int N,t[MAXN];
long long F[MAXN];
long long T,Sum[MAXN],Ans;
long long f[MAXN]={1},fe[MAXN]={1};
long long O[MAXN]={1},Oe[MAXN]={1};
long long Sum_N,Sum_K;
LL quick_Pow(LL x,LL y){
if(y==0)return 1;
if(y==1)return x;
if(y%2)return (x*quick_Pow((x*x)%MOD,y/2))%MOD;
return quick_Pow((x*x)%MOD,y/2);
}
void Prepare(){
for(int i=1;i<=ON;i++){
f[i]=(f[i-1]*i)%MOD;
fe[i]=quick_Pow(f[i],MOD-2);
O[i]=(O[i-1]*2)%MOD;
Oe[i]=quick_Pow(O[i],MOD-2);
}
}
long long C(long long x,long long y){
if(y>x)return 0;
return (f[x]*((fe[y]*fe[x-y])%MOD))%MOD;
}
long long work(long long n,long long k){
if(Sum_K==0){
for(int i=0;i<=k;i++)
Sum_N=(Sum_N+C(n,i))%MOD;
}else{
Sum_N=(Sum_N*2-C(n-1,Sum_K)+MOD)%MOD;
for(int i=Sum_K;i>k;i--)
Sum_N=(Sum_N-C(n,i)+MOD)%MOD;
}
Sum_K=k;
return Sum_N;
}
int main(){
Prepare();
scanf("%d%lld",&N,&T);
for(int i=1;i<=N;i++){
scanf("%d",&t[i]);
Sum[i]=Sum[i-1]+t[i];
}
for(int i=1;i<=N;i++){
if(Sum[i]>T)break;
if(Sum[i]+i<=T){
F[i]=1;
continue;
}
F[i]=(work(i,T-Sum[i])*Oe[i])%MOD;
}
for(int i=1;i<=N;i++)
Ans=(Ans+F[i])%MOD;
printf("%lld\n",Ans);
}

【CF1194F】Crossword Expert(数学 期望)的更多相关文章

  1. CF1194F Crossword Expert(数论,组合数学)

    不难的一题.不知道为什么能 $2500$…… 不过场上推错了一直不会优化…… 首先考虑 $f_i$ 表示恰好做完前 $i$ 道题的概率. 这样很难算.修改一下,$f_i$ 表示做完至少 $i$ 道题的 ...

  2. [BZOJ 3143][HNOI2013]游走(数学期望)

    题目:http://www.lydsy.com:808/JudgeOnline/problem.php?id=3143 分析: 易得如果知道了每条边经过的数学期望,那就可以贪心着按每条边的期望的大小赋 ...

  3. Codeforces Round #259 (Div. 2) C - Little Pony and Expected Maximum (数学期望)

    题目链接 题意 : 一个m面的骰子,掷n次,问得到最大值的期望. 思路 : 数学期望,离散时的公式是E(X) = X1*p(X1) + X2*p(X2) + …… + Xn*p(Xn) p(xi)的是 ...

  4. 数学期望和概率DP题目泛做(为了对应AD的课件)

    题1: Uva 1636 Headshot 题目大意: 给出一个000111序列,注意实际上是环状的.问是0出现的概率大,还是当前是0,下一个还是0的概率大. 问题比较简单,注意比较大小: A/C & ...

  5. [2013山东ACM]省赛 The number of steps (可能DP,数学期望)

    The number of steps nid=24#time" style="padding-bottom:0px; margin:0px; padding-left:0px; ...

  6. 【BZOJ2134】单位错选(数学期望,动态规划)

    [BZOJ2134]单位错选(数学期望,动态规划) 题面 BZOJ 题解 单独考虑相邻的两道题目的概率就好了 没了呀.. #include<iostream> #include<cs ...

  7. 【BZOJ1415】【NOI2005】聪聪和可可(动态规划,数学期望)

    [BZOJ1415][NOI2005]聪聪和可可(动态规划,数学期望) 题面 BZOJ 题解 先预处理出当可可在某个点,聪聪在某个点时 聪聪会往哪里走 然后记忆化搜索一下就好了 #include< ...

  8. 【Luogu1291】百事世界杯之旅(动态规划,数学期望)

    [Luogu1291]百事世界杯之旅(动态规划,数学期望) 题面 洛谷 题解 设\(f[i]\)表示已经集齐了\(i\)个名字的期望 现在有两种方法: 先说我自己的: \[f[i]=f[i-1]+1+ ...

  9. 【BZOJ4872】分手是祝愿(动态规划,数学期望)

    [BZOJ4872]分手是祝愿(动态规划,数学期望) 题面 BZOJ 题解 对于一个状态,如何求解当前的最短步数? 从大到小枚举,每次把最大的没有关掉的灯关掉 暴力枚举因数关就好 假设我们知道了当前至 ...

随机推荐

  1. post请求后获取不到请求头信息的原因

    在前台获取数据时,因为没有条件,所以不用传数据,用的post请求.再添加token验证时想着前端在请求时直接添加一个请求头信息就ok 没想到后台却获取不到请求头信息,打印了下日志发现是null,这是怎 ...

  2. PowerShell【IF篇】

    1 [int]$num=0 2 do 3 { 4 $num+=1 5 if($num%2) 6 { 7 "$num"+" 是奇数" 8 }else{ 9 &qu ...

  3. js 将数字型 的字符串 转 数字 【整数 /浮点型数字】

    1. js 提供了两种可以将 数字型 的字符串 转 数字 的方法 parseInt()和parseFloat(), parseInt() 是转成整数, 但 向下去整数 , parseFloat() 是 ...

  4. JavaWeb中Cookie会话管理,理解Http无状态处理机制

    注:图片如果损坏,点击文章链接:https://www.toutiao.com/i6512995108961387015/ 1.<Servlet简单实现开发部署过程> 2.<Serv ...

  5. 创建VS Code 扩展插件

    VS Code提供了强大的扩展功能,我们可以通过开发插件实现自己的业务模型编辑器.这里我们快速介绍一下插件的创建.开发和发布过程. 创建插件开发模板 首先需要确认系统中安装了node.js,并且可以使 ...

  6. ADD software version display

    ADD software version display ADD software version display1. Problem Description2. Analysis3. Solutio ...

  7. 【PTA】字符串正反序连接

    将s所指字符串的正序和反序进行连接,形成一个新串放在t所指的数组中. 函数接口定义: void fun (char *s, char *t); 其中s 和t都是用户传入的参数.函数将s所指字符串的正序 ...

  8. 一篇文章带你搞懂DEX文件的结构

    *本篇文章已授权微信公众号 guolin_blog (郭霖)独家发布 DEX文件就是Android Dalvik虚拟机运行的程序,关于DEX文件的结构的重要性我就不多说了.下面,开练! 建议:不要只看 ...

  9. Cplex用法

    Cplex用法 1.将问题转化为LP问题: cplex -c read mps/nw460.mps change problem type lp opt 2.将问题转化为LP问题并输出问题: cple ...

  10. git文件管理与索引,深入理解工作原理

    前言 这一夜,注定是个不眠之夜,小白和cangls的对话已然进入了白热化.小白孜孜不倦的咨询关于git方面的知识,对索引越来越感兴趣.小白以前存的小电影文件可以进行版本的对比,探索哪个版本画质更好. ...