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题目传送门 - Codeforces 980E

题意

  $\rm Codeforces$ 真是个令人伤心的地方。

  伤心的 $zzd$ 给你一个有 $n$ 个节点的树,编号为 $i$ 的节点权值为 $2^i$。

  让你砍掉其中 $k$ 个节点,使得剩余的所有节点都连通,并最大化剩余节点的权值和。输出方案。

  $n\leq 10^6$

题解

  伤心的 $zzd$ 再一次来到了令人伤心的 $\rm Codeforces$,并开心的 $9$ 分钟敲完并 $AC$ 了此题,并再一次伤心地发现这是在 $vp$ 结束后的第 $4$ 分钟。

  我们考虑选择一颗子树,使得剩余节点的权值和最大。

  显然我们可以贪心编号从大到小选择,能选就选。

  考虑当前选出的子树状态为 $S$,下一个决策为节点 $i$ ,那么,新增的节点数就是节点 $i$ 到 $S$ 的距离。

  只要新增之后不超出限制就可以了。

  这个东西可以预处理倍增表来快速搞定。

代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int N=1000005;
struct gragh{
int cnt,y[N*2],nxt[N*2],fst[N];
void clear(){
cnt=0;
memset(fst,0,sizeof fst);
}
void add(int a,int b){
y[++cnt]=b,nxt[cnt]=fst[a],fst[a]=cnt;
}
}g;
int n,lim,depth[N],fa[N],anst[N][21];
int vis[N],tot=0,ans[N];
void dfs(int x,int pre){
fa[x]=anst[x][0]=pre;
depth[x]=depth[pre]+1;
for (int i=1;i<=20;i++)
anst[x][i]=anst[anst[x][i-1]][i-1];
for (int i=g.fst[x];i;i=g.nxt[i])
if (g.y[i]!=pre)
dfs(g.y[i],x);
}
int main(){
scanf("%d%d",&n,&lim);
lim=n-lim;
g.clear();
for (int i=1,a,b;i<n;i++){
scanf("%d%d",&a,&b);
g.add(a,b),g.add(b,a);
}
dfs(n,0);
memset(vis,0,sizeof vis);
vis[n]=tot=1;
vis[0]=1;
for (int i=n-1;i>=1;i--){
if (vis[i])
continue;
int j=i;
for (int k=20;k>=0;k--)
if (!vis[anst[j][k]])
j=anst[j][k];
if (tot+depth[i]-depth[j]+1>lim)
continue;
tot+=depth[i]-depth[j]+1;
vis[j]=1;
for (int k=i;k!=j;k=fa[k])
vis[k]=1;
}
tot=0;
for (int i=1;i<=n;i++)
if (!vis[i])
ans[++tot]=i;
for (int i=1;i<=tot;i++)
printf("%d ",ans[i]);
return 0;
}

  

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