A. 礼物

题意:

我从买奥利奥的事情中想出了一个算法题:假设某个店铺有N种不同类型的1元奥利奥和M种不同类型的2元奥利奥,而且余量无限,我的钱有k元,我想把k元都用来买奥利奥,且可以买同类型的奥利奥,你能帮我算出有多少种购买方式吗?设答案为Z,这个数字也许会很大,所以我们只需要输出Z mod P的值。

分析:

计数问题,可以考虑动态规划:每个物品可以选无数次,即无穷背包,注意无穷背包的递推写法。

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
const int MAXN = ;
int N,M,K,P;
int d[MAXN];
int main()
{
int T;
scanf("%d",&T);
while(T--) {
memset(d,,sizeof(d));
scanf("%d%d%d%d",&N,&M,&K,&P);
d[] = ;
for(int i = ; i <= N; i++) {
for(int k = ; k <= K; k++)
d[k] = (d[k] + d[k-])%P;
}
for(int i = ; i <= M; i++) {
for(int k = ; k <= K; k++)
d[k] = (d[k] + d[k-])%P;
}
printf("%d\n",d[K] );
}
return ;
}

B. 麻婆豆腐

题意:

“咳咳...请听题!我手上有n枚硬币,第i枚正面朝上的概率是Pi。我现在每个硬币各抛一次,正面朝上看做1,背面朝上看做0,把所有硬币得到的数异或起来决定最后得到的数。问:有多少个子集合使得0和1的概率相等?” 不管音无给了怎样的数,奏都是一分钟不到就算出来了!不愧是前学生会长啊~ 于是他们就去食堂吃麻婆豆腐了,现在,你也来算一下吧。

分析:

可以说这个题很惊世骇俗了,当一个硬币的概率是0.5时,它一反转,所得异或值就会改变,而且概率相等,反之,当他的概率不是0.5时,概率必然不等,答案就转化为有多少个集合至少含有一个0.5的硬币,取补集,概率为0.5的硬币是 ​ ​


int main() {
int T; scanf("%d",&T);
for(int i = ; i < T; i++) {
int n; scanf("%d",&n);
int cnt = ;
double p;
for(int i = ; i < n; i++) {
scanf("%lf",&p);
if(p==0.5) cnt++;
}
cnt = n - cnt;
long long ans = ,cnts=;
for(int i = ; i < n; i++)
ans<<=;
for(int i = ; i < cnt; i++)
cnts<<=;
cout<<ans-cnts<<endl;

}
return ;
}

C. 寻宝

题意:

这个迷宫由n个房间组成,编号为0到n - 1,每个房间里都有一颗宝石,房间通过单向通道连接。每个房间里有两个门:一个通向第R个房间(R=(a·v2 + b·v + c) mod n),另一个通向迷宫出口,一旦离开迷宫,便会触发自毁机关,将再也没有机会继续收集宝石。现在,她可以在任何地点进入迷宫,沿隧道移动并收集宝石。

分析:

因为每个点,出度均为1,点的数目 ​ ,时间复杂度需要 ​ 。

那么图里面只有环,和链+环,这样标记遍历即可。

首先遍历链,发现有环后,从那里再第二次标记,这样,环上每个结点都是环的长度。

链就相应要短一些。注意,访问的时候,下面的节点已经访问过了。

#include <bits/stdc++.h>

using namespace std;

long long a,b,c,m;

long long f(long long v) {
return (a*v*v + b*v + c)%m;
} int main()
{
//freopen("in.txt","r",stdin);
int T;
scanf("%d",&T); while(T--) { scanf("%lld%lld%lld%lld",&a,&b,&c,&m);
vector<long long> L(m,-); for(long long i = ; i < m; i++) {
if(L[i]>=) continue; long long p = i;
long long plen = ; while(L[p]==-) {
L[p] = -;
plen ++;
p = f(p);
} if(L[p]>) {
plen+=L[p];
} long long clen = ;
while(L[p]==-) {
L[p] = -;
clen++;
p = f(p);
} p = i;
while(L[p]<) {
if(L[p]==-) L[p] = clen;
if(L[p]==-) L[p] = plen--;
p = f(p);
}
}
cout<<*max_element(L.begin(),L.end())<<endl;
}
return ;
}

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