Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)

Total Submission(s): 2677    Accepted Submission(s): 850


Problem Description
Betty owns a lot of ponds, some of them are connected with other ponds by pipes, and there will not be more than one pipe between two ponds. Each pond has a value v.

Now Betty wants to remove some ponds because she does not have enough money. But each time when she removes a pond, she can only remove the ponds which are connected with less than two ponds, or the pond will explode.

Note that Betty should keep removing ponds until no more ponds can be removed. After that, please help her calculate the sum of the value for each connected component consisting of a odd number of ponds
 

Input
The first line of input will contain a number T(1≤T≤30) which
is the number of test cases.

For each test case, the first line contains two number separated by a blank. One is the number p(1≤p≤104) which
represents the number of ponds she owns, and the other is the number m(1≤m≤105) which
represents the number of pipes.

The next line contains p numbers v1,...,vp,
where vi(1≤vi≤108) indicating
the value of pond i.

Each of the last m lines
contain two numbers a and b,
which indicates that pond a and
pond b are
connected by a pipe.
 

Output
For each test case, output the sum of the value of all connected components consisting of odd number of ponds after removing all the ponds connected with less than two pipes.
 

Sample Input

1
7 7
1 2 3 4 5 6 7
1 4
1 5
4 5
2 3
2 6
3 6
2 7
 

Sample Output

21
 
这题可以用拓扑排序做,先删除所有能删除的点,然后再一遍dfs就行了。
#include<iostream>
#include<stdio.h>
#include<stdlib.h>
#include<string.h>
#include<math.h>
#include<vector>
#include<map>
#include<set>
#include<queue>
#include<stack>
#include<string>
#include<algorithm>
using namespace std;
typedef long long ll;
#define inf 99999999
#define pi acos(-1.0)
#define maxn 10040
int value[maxn],du[maxn],vis[maxn],n;
ll sum1,num1; struct edge{
int to,next,len;
}e[200050];
int first[maxn];
int q[1111111]; void topu()
{
int i,j,front,rear,x,xx,v;
front=1;rear=0;
for(i=1;i<=n;i++){
if(du[i]<=1){
rear++;q[rear]=i;
vis[i]=1;
}
}
while(front<=rear){
x=q[front];
front++;
for(i=first[x];i!=-1;i=e[i].next){
v=e[i].to;
if(vis[v])continue;
du[v]--;
if(du[v]<=1){
rear++;
q[rear]=v;
vis[v]=1;
}
}
}
} void dfs(int root)
{
int i,j,v;
vis[root]=1;
num1++;
sum1+=value[root];
for(i=first[root];i!=-1;i=e[i].next){
v=e[i].to;
if(!vis[v]){
dfs(v);
}
}
} int main()
{
int m,i,j,T,tot,c,d;
scanf("%d",&T);
while(T--)
{
scanf("%d%d",&n,&m);
for(i=1;i<=n;i++){
scanf("%d",&value[i]);
}
tot=0;
memset(first,-1,sizeof(first));
memset(du,0,sizeof(du));
memset(vis,0,sizeof(vis));
for(i=1;i<=m;i++){
scanf("%d%d",&c,&d);
du[c]++;
du[d]++;
tot++;
e[tot].next=first[c];e[tot].to=d;
first[c]=tot; tot++;
e[tot].next=first[d];e[tot].to=c;
first[d]=tot; }
topu();
ll sum=0;
for(i=1;i<=n;i++){
if(vis[i])continue;
sum1=0;
num1=0;
dfs(i);
if(num1&1)sum+=sum1;
}
printf("%lld\n",sum);
}
return 0;
}

hdu5438 Ponds的更多相关文章

  1. hdu5438 Ponds[DFS,STL vector二维数组]

    目录 题目地址 题干 代码和解释 参考 题目地址 hdu5438 题干 代码和解释 解答本题时参考了一篇代码较短的博客,比较有意思,使用了STL vector二维数组. 可以结合下面的示例代码理解: ...

  2. hdu5438 Ponds dfs 2015changchun网络赛

    Ponds Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)Total Sub ...

  3. HDU5438:Ponds(拓扑排序)

    Ponds Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)Total Sub ...

  4. hdu 5438 Ponds dfs

    Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others)     Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others) Problem Descr ...

  5. hdu 5438 Ponds 拓扑排序

    Ponds Time Limit: 1 Sec Memory Limit: 256 MB 题目连接 http://acm.hdu.edu.cn/contests/contest_showproblem ...

  6. hdu 5438 Ponds(长春网络赛 拓扑+bfs)

    题目链接:http://acm.hdu.edu.cn/showproblem.php?pid=5438 Ponds Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others)     ...

  7. 2015 ACM/ICPC Asia Regional Changchun Online Pro 1002 Ponds(拓扑排序+并查集)

    Ponds Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)Total Sub ...

  8. HDU 5438 Ponds

    Ponds Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)Total Sub ...

  9. Ponds

    Ponds Time Limit: 1500/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 131072/131072 K (Java/Others)Total Sub ...

随机推荐

  1. 阿里云OSS整合

    一.对象存储OSS 为了解决海量数据存储与弹性扩容(主要是静态文件的存储例如图片,语音,视频等),项目中我们通常采用云存储的解决方案- 阿里云OSS. 1.开通"对象存储OSS"服 ...

  2. MySQL中的全局锁和表级锁

    全局锁和表锁 数据库锁设计的初衷是解决并发出现的一些问题.当出现并发访问的时候,数据库需要合理的控制资源的访问规则.而锁就是访问规则的重要数据结构. 根据锁的范围,分为全局锁.表级锁和行级锁三类. 全 ...

  3. 🎉 Element UI for Vue 3.0 来了!

    第一个使用 TypeScript + Vue 3.0 Composition API 重构的组件库 Element Plus 发布了 ~ 2016 年 3 月 13 日 Element 悄然诞生,经历 ...

  4. 【Linux】云服务器部署宝塔linux控制面板环境

    服务器购买及宝塔部署环境说明 简单记录 - 狂神的 服务器购买及宝塔部署环境说明 服务器如何购买 我们尽量趁打折的时候购买,比较便宜点!多看看有活动. 如果是学生,可以购买学生机, 学生机地址:htt ...

  5. 【Oracle】更改oracle中的用户名称

    修改oracle中的用户名,要需要修改oracle基表中的相关内容, 1.查看user#, select user#,name from user$ s where s.name='用户修改前的'; ...

  6. 【Oracle】regexp_substr()函数详解

    环境:Oracle10.2.0.5 在SQL中尝试使用正则 可以试下regexp_substr()来进行分割 首先创建一个实验视图: SQL> create or replace view te ...

  7. Loadrunner录制脚本与编写脚本的区别

    异同点: 1.录制的和编写的脚本质量上没有区别 2.性能脚本关心的是用户和服务器的数据交互,从这点上来看,录制和编写也没有区别,手动编写脚本也可以写出很真实的脚本 3.能录制的情况下,就录制吧,谁每天 ...

  8. 微服务网关2-搭建Gateway服务

    一.创建父模块infrastructure 1.创建模块 在guli_parent下创建普通maven模块 Artifact:infrastructure 2.删除src目录 二.创建模块api_ga ...

  9. tf

    第2章 Tensorflow keras实战 2-0 写在课程之前 课程代码的Tensorflow版本 大部分代码是tensorflow2.0的 课程以tf.kerasAPI为主,因而部分代码可以在t ...

  10. Java安全之ysoserial-JRMP模块分析(一)

    Java安全之ysoserial-JRMP模块分析(一) 首发安全客:Java安全之ysoserial-JRMP模块分析(一) 0x00 前言 在分析到Weblogic后面的一些绕过方式的时候,分析到 ...