BZOJ 3007 [SDOI2012]拯救小云公主 - 对偶图 + 并查集
Solution
答案具有单调性, 显然可以二分答案。
有两个注意点 : 英雄是可以随便走的, 也就是不是网格图。。。 还有坐标不能小于$1$ QAQ
开始时英雄在左下角, 公主在右上角, 我们反过来考虑, 让英雄不能到达公主那。
把每个boss 看作是以其坐标为圆心, $mid$为半径的圆。
这时必须满足条件 : 矩形的下边和 左边或上边能通过圆连接
或者 矩形的 右边 和 左边或上边能通过圆连接。
这样我们只需把 下边和右边看作一个点, 左边和上边看作一个点 , 用并查集合并能够通过圆连接的boss 和 边界。
最后判断两个边界是否在同一集合内即可。
Code
#include<cstdio>
#include<cstring>
#include<cmath>
#define R register
#define rd read()
using namespace std; const int N = 3e3 + ;
const double eps = 1e-;
const double EPS = 1e-; int n, row, line;
int S, T;
int f[N];
double Dis[N][N]; struct node {
int x, y;
}pos[N]; inline int read() {
int X = , p = ; char c = getchar();
for(;c > '' || c < ''; c = getchar()) if(c == '-') p = -;
for(; c >= '' && c <= ''; c = getchar()) X = X * + c - '';
return X * p;
} int get(int x) {
return f[x] == x ? x : f[x] = get(f[x]);
} inline void merge(int x, int y) {
x = get(x); y = get(y);
f[x] = y;
} inline double cal(int i, int j) {
double x = pos[i].x - pos[j].x;
double y = pos[i].y - pos[j].y;
return sqrt(x * x + y * y);
} bool jud(double dis) {
for(R int i = ; i <= n + ; ++i)
f[i] = i;
for(R int i = ; i <= n; ++i)
if(pos[i].x + dis + EPS >= row || pos[i].y - dis - EPS <= )
merge(, i);
for(R int i = ; i <= n; ++i)
if(pos[i].x - dis - EPS <= || pos[i].y + dis + EPS >= line)
merge(i, n + );
for(R int i = ; i <= n; ++i)
for(R int j = i + ; j <= n; ++j) {
int x = get(i), y = get(j);
if(x == y) continue;
if(Dis[i][j] <= * dis)
merge(i, j);
}
return get() != get(n + );
} int main()
{
n = rd; row = rd; line = rd;
S = , T = n + ;
for(R int i = ; i <= n; ++i) pos[i].x = rd, pos[i].y = rd;
for(R int i = ; i <= n; ++i)
for(R int j = i + ; j <= n; ++j)
Dis[i][j] = cal(i, j);
double l = , r = row;
int cnt = ;
if(line > row) r = line;
while(l + eps < r && cnt--) {
R double mid = (l + r) / ;
if(jud(mid)) l = mid;
else r = mid;
}
printf("%.2lf\n", l);
}
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