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最短路径问题

Time Limit: 2000/1000 MS (Java/Others)    Memory Limit: 32768/32768 K (Java/Others)
Total Submission(s): 2622    Accepted Submission(s): 825

Problem Description
给你n个点,m条无向边,每条边都有长度d和花费p,给你起点s终点t,要求输出起点到终点的最短距离及其花费,如果最短距离有多条路线,则输出花费最少的。
 
Input
输入n,m,点的编号是1~n,然后是m行,每行4个数 a,b,d,p,表示a和b之间有一条边,且其长度为d,花费为p。最后一行是两个数 s,t;起点s,终点。n和m为0时输入结束。
(1<n<=1000, 0<m<100000, s != t)
 
Output
输出 一行有两个数, 最短距离及其花费。
 
Sample Input
3 2
1 2 5 6
2 3 4 5
1 3
0 0
 
Sample Output
9 11
 
 
注意点: 题中所给的输入数据有可能有多条长度相等,但花费不同的数据,在输入处理的时候需要进行判断,选出花费最少的情况!
 
 #include <stdio.h>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <vector>
#include <algorithm>
#include <sstream> #define INF 1000000000 using namespace std; int dis[];
int vis[];
int cost[];
int n, m; struct node
{
int len;
int cost;
}g[][]; void dijkstra(int start)
{
for(int i = ; i <= n; ++i)
{
dis[i] = INF;
cost[i] = INF;
}
dis[start] = ;
cost[start] = ; while()
{
int mark = -, minDis = INF;
for(int i = ; i <= n; ++i)
{
if(!vis[i] && dis[i] < minDis)
{
minDis = dis[i];
mark = i;
}
} if(mark == -)
break;
vis[mark] = ; for(int i = ; i <= n; ++i)
{
if(!vis[i])
{
if(dis[mark] + g[mark][i].len < dis[i])
{
dis[i] = dis[mark] + g[mark][i].len;
cost[i] = cost[mark] + g[mark][i].cost;
}
else if(dis[mark] + g[mark][i].len == dis[i] && cost[i] > cost[mark] + g[mark][i].cost)
{
cost[i] = cost[mark] + g[mark][i].cost;
} }
} }
} int main()
{
while(scanf("%d %d", &n, &m) != EOF)
{
if(n == && m == )
break; memset(vis, , sizeof(vis));
for(int i = ; i <= n; ++i)
for(int j = ; j <= n; ++j)
{
if(i == j)
g[i][j].len = ;
else
g[i][j].len = INF;
} int a, b, d, p;
for(int i = ; i <= m; ++i)
{
scanf("%d %d %d %d", &a, &b, &d, &p);
/* g[a][b].len = g[b][a].len = d;
g[a][b].cost = g[b][a].cost = p;*/ //这样写会出错,必须下面那样写,因为有可能有长度相同但花费不同的边 if(g[a][b].len > d)
{
g[a][b].len = g[b][a].len = d;
g[a][b].cost = g[b][a].cost = p;
} // 这里很重要!!
if(g[a][b].len == d && g[a][b].cost > p) // 如果长度相等,则存放较少的费用
{
g[a][b].cost = g[b][a].cost = p;
}
} int s, t;
scanf("%d %d", &s, &t);
dijkstra(s); cout << dis[t] << " " << cost[t] << endl;
} return ;
}

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